2018年河南開封中考物理一模試題【精編版含答案】

2018年河南開封中考物理一模試題【精編版含答案】

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一、填空題（本題共6小題，每空1分，共14分）

1．《信?中國》是中央電視臺2018年開年推出的大型人文藝術類創(chuàng)新節(jié)目。由朱軍擔任主持人、制作人和總導演，60多位藝術工作者和演員擔當信使。我們能區(qū)分朱軍和這些藝術工作者的聲音，是他們的　?? 　不同；這些信使深情念讀，有時高吭，有時深情。這其中“高吭”是指聲音的　?? 　。

2．（2分）清明節(jié)時雨紛紛，2018年的清明節(jié)許多地方下了雨，北京卻下了小雪。雪花是由水蒸氣　?? 　（填物態(tài)變化的名稱）形成的。雪熔化時天氣格外寒冷，是因為熔化　?? 　（填“放”或“吸”）熱。

3．（2分）天鵝湖國家城市濕地公園，位于三門峽市東西城區(qū)之間的生態(tài)區(qū)內(nèi)。圖為三門峽天鵝湖國家城市濕地公園中的一群天鵝，它們在水中的倒影是　?? 　（填“實像”“虛像”）。濕地公園中水的面積很大，灘涂蓄水量約為2×105m3，可以有效的調節(jié)空氣的溫度和濕度。若水溫升高2℃，吸收的熱量為　?? 　J[水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），水的密度為1×103kg/m3]。

4．（2分）在“厲害了我的國”中，來自“一帶一路”上的20國青年票選出了心中的中國“新四大發(fā)明”他們是：高鐵、網(wǎng)購、支付寶和共享單車。“新四大發(fā)明”均為我國自主知識產(chǎn)權，乃中國制造與中國創(chuàng)造的代表。共享單車從構造到使用蘊含著豐富的物理知識，如圖所示，請按表中所舉的例子完成表中空白處的。

5．（3分）在圖中所示的電路中，電源電壓保持不變，R為定值電阻，當開關閉合時，標有“8V 4W”的小燈泡L恰好正常發(fā)光；若保持定制電阻R不變，將L換成另一只標有“8V 8W”的小燈泡，閉合開關后，小燈泡工作時消耗的實際功率　?? 　（填“大于”“等于”或“小于”）8W．若標有“8V 4W”的燈泡L1和“8V 8W”的燈泡L2并聯(lián)接入8V電源電路中，則通過兩燈的電流之比為　?? 　，兩燈在相同時間內(nèi)消耗的電能之比為　?? 　（不考慮溫度對燈絲電阻的影響）。

6．（2分）風是地球上的一種自然現(xiàn)象。風能作為一種新型清潔能源，屬于　?? 　（填“一次”“二次”）能源。風力發(fā)電首先是利用風力帶動風車葉片旋轉，把風的動能轉化為風輪的機械能，風輪帶動發(fā)電機發(fā)電，風力發(fā)電機的原理為　?? 　。從能源利用等角度說說使用風能的優(yōu)點　?? 　（答出一點）。

二、選擇題（本題共8小題，每小題2分，共16分．第7～12題，每小題只有一個選項符合題目要求．第13～14題，每小題有兩個選項符合題目要求，全部選對的得2分，選對但不全得區(qū)分，有選錯的得0分）

7．（2分）下列估算不正確的是（　　）

A．拿起一個雞蛋大約用力0.5N

B．鄭州炎熱夏天的室外溫度約為42℃

C．演奏我國國歌所需的時間約為47s

D．一個中學生雙腳站立在水平地面上，對地面的壓強約為105Pa

8．（2分）小明對所學的電學知識歸納如下，其中不正確的有（　　）

A．玻璃棒與絲綢摩擦時，玻璃棒會失去電子

B．摩擦起電的實質是電子的轉移

C．導體中只要有電荷的移動，就能形成電流

D．絕緣體不容易導電，但容易帶電

9．（2分）如圖所示的四個過程將動能轉化為勢能的是（　　）

A．

塑料圓筒滾動時皮筋越擰越緊

B．

麥克斯韋滾擺向低處滾動

C．

運動員用拉彎的弓把箭射出去

D．

人造地球衛(wèi)星從遠地點向近地點運動

10．（2分）關于運動和力，下列說法正確的是（　　）

A．做勻速直線運動的物體，可能只受到一個力作用

B．運動員將冰壺推出后，冰壺向前滑行，是因為冰壺受到慣性作用

C．運動員投出籃球后，籃球在空中運動的過程中所受合力不為零

D．靜止在水平地面上的課桌，它對地面的壓力與地面對它的支持力是一對平衡力

11．（2分）如圖所示是使用簡單機械勻速提升同一物體的四種方式（不計機械自重和摩擦），其中所需動力最小的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

12．（2分）如圖所示，電源電壓保持不變，當閉合開關S，移動滑動變阻器的滑片P使電壓表V2示數(shù)變小過程中，下列說法中不正確的是（　　）

A．滑動變阻器的滑片P在向左滑動

B．電壓表V1的示數(shù)變大

C．電流表示數(shù)變大

D．電阻R1和R2消耗的功率之比保持變小

13．（2分）下列問題中，不屬于可探究的科學問題的是（　　）

A．物體內(nèi)能的大小與哪些因素有關？

B．當溫度升高時，氣體的擴散會加快嗎？

C．導體的電阻大小與導體兩端的電壓有關嗎？

D．通過導體的電流增大時，該導體會發(fā)生哪些變化？

14．（2分）如圖所示，兩個相同的圓柱形容器被分別盛有ρ甲、ρ乙種不同液體，液體對容器底部的壓強分別為p甲、p乙，現(xiàn)將兩個體積相同的同樣材質的小球分別浸入這兩種液體中，兩小球在圖示位置靜止，此時兩液面剛好齊平，兩小球所受浮力為分別F浮甲、F浮乙，液體對容器底部壓力的變化量分別為△F甲、△F乙，下列關系式正確的是（　　）

A．ρ甲＞ρ乙、F浮甲＞F浮乙????????????? B．ρ甲＞ρ乙、F浮甲=F浮乙

C．ρ甲＜ρ乙、△p甲 ＜△p乙????????????? D．ρ甲＞ρ乙、F浮甲＜F浮乙

三、作圖題（本題共2小題，每小題2分，共4分）

15．（2分）圖所示，光線A、B為光源S發(fā)出的兩條光線經(jīng)平面鏡反射后的反射光線，請在圖中作出平面鏡并完成光路圖。

16．（2分）如圖所示，將重為2N的物體A掛于彈簧測力計下，彈簧測力計與物體A共同向右作勻速直線運動，請畫出物體A所受力的示意圖。

四、實驗探究題（18分）

17．（6分）在研究“凸透鏡成像規(guī)律”的實驗中：

（1）在實驗前，應首先觀察并記下凸透鏡的　?? 　；在如圖所示的實驗裝置中A是　?? 　。

（2）小明同學按上述要求安裝好實驗器材，移動光屏，在光屏上得到一個清晰的像，如圖所示，該成像原理與　?? 　（填“照相機”“投影儀”或“放大鏡”）的成像原理相同；該同學在不改變燭焰和光屏位置的情況下，當把凸透鏡移到某一位置時，在光屏上再次出現(xiàn)一個清晰的燭焰像。凸透鏡位置在　?? 　cm處。

18．（6分）小明和小華同學一起做“探究杠桿平衡的條件”實驗，所用的器材有帶刻度的杠桿、鐵架、鉤碼、線（彈簧夾）和　?? 　等。

（1）實驗前，首先把杠桿的中點支在支架上，杠桿靜止在如圖甲所示位置，此時杠桿處于　?? 　（填“平衡”或“不平衡”），為了使杠桿在水平位置平衡，應向　?? 　（填“左”或“右”）調節(jié)平衡螺母。

（2）記錄在如表中。

小明分析比較表一的實驗數(shù)據(jù)可歸納得出的結論是：　?? 　。

（3）小華分析兩表數(shù)據(jù)后發(fā)現(xiàn)實驗序號　?? 　的數(shù)據(jù)與小亮的結論不符。他回顧看了那次實驗，發(fā)現(xiàn)實驗數(shù)據(jù)是在彈簧測力計斜拉的情況下獲得的，如圖乙所示。請分析小華這組數(shù)據(jù)錯誤的原因：當彈簧測力計斜拉時　?? 　。

19．（9分）在“測量小燈泡電功率”的實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V，電阻大約為10Ω，有兩個規(guī)格分別為“10Ω? l A”、“50Ω? 2A”的滑動變阻器，電源電壓為6V。

（1）本實驗中應選擇規(guī)格為　?? 　的滑動變阻器；圖中已有部分電路連好，請用筆畫線代替導線將電路連接完整。

（2）某同學閉合開關后，移動滑動變阻器的滑片，發(fā)現(xiàn)燈泡的亮度很暗且不變，可能的原因是　?? 　。

（3）排除故障后，移動滑動變阻器的滑片，進行了多次測量，其中小燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)如圖乙所示為　?? 　A，小燈泡的額定功率為　?? 　w，實驗中多次測量的目的是：　?? 　。

（4）完成實驗后，該組同學又找來了幾個不同阻值的電阻代替小燈泡繼續(xù)“探究電壓相同時，電流與電阻的關系”，得到的實驗數(shù)據(jù)如表。

該組同學做完第2次實驗后，用15Ω的電阻替換10Ω的電阻，閉合開關后，應將滑動變阻器的滑片P向　?? 　（填“A”或“B”）端移動，使電壓表的示數(shù)為　?? 　 V，完成第三次實驗。

五、綜合應用題（本題共2小題，第20題10分，第21題8分，共18分）

20．（10分）正在到來的第四次工業(yè)革命將使人類進入“無人機時代”。各種類型的機器人紛紛問世，其中會飛的機器人﹣﹣“無人機”異軍突起，頻頻出現(xiàn)在公眾的視野中。WJ﹣600無人機采用了戰(zhàn)術無人機常用的常規(guī)氣動布局，尾部裝有一臺渦輪噴氣發(fā)動機。該機是我國少數(shù)采用噴氣發(fā)動機作為動力系統(tǒng)的戰(zhàn)術攻擊無人機，它集高空、高速、無人、偵查、打擊為一體的無人機，最大輸出功率為200kW，能夠在1.4×104km的高空以648km/h的速度飛行。它具備全自主起降和飛行能力，其機體結構選用鋁合金材料。

（1）“無人機”機體結構選用鋁合金材料是因為在體積一定時，　?? 　。

（2）若該無人機在1.4×104km的高空以648km/h勻速飛行，求此時無人機受到的空氣阻力是多少？（結果保留整數(shù)）

（3）該機在某次到900km處執(zhí)行任務（以600km/h速度勻速飛行）時，載彈后整機質量2.5t（含油料），如果渦輪噴氣發(fā)動機的機械效率為30%，則剛剛升空后水平勻速飛行時機翼產(chǎn)生的升力是多大？假設燃料完全燃燒，此次執(zhí)行任務至少添加航空燃料多少千克？（g=10N/Kg，航空燃料熱值5.0×107J/Kg）

21．（8分）有一種電加熱恒溫箱，工作原理如圖甲所示。控制電路由電壓為U1=6V的電源、電磁繼電器（線圈電阻不計）、滑動變阻器R0和熱敏電阻R1組成，工作電路由電壓為U2=220V的電源和電阻為R2=48.4Ω的電熱絲組成。當控制電路中的電流達到0.05A時，銜鐵被吸下來，觸點處斷開，工作電路停止工作。當控制電路中的電流小于0.05A時，銜鐵被彈回，觸點處接通，加熱電路正常工作，熱敏電阻R1的阻值隨溫度變化關系如圖13乙所示。

（1）在升溫的過程中，電阻R1兩端的電壓會　?? 　（填“變大”“變小”或“不變”）；要使恒溫設定的溫度值升高，應調節(jié)滑動變阻器R0的滑片，使其接入電路的阻值　?? 　（填“變大”“變小”或“不變”）。

（2）工作電路正常工作1min，電熱絲R2產(chǎn)生的熱量是多少？

（3）通過調節(jié)控制電路中滑動變阻器R0接入電路的阻值，就能調節(jié)恒溫箱中需要設定的不同溫度，如果恒溫箱的溫度設定為50℃，求滑動變阻器R0應接入電路的阻值。

2018年河南開封中考物理一模試題參考答案與試題解析

一、填空題（本題共6小題，每空1分，共14分）

1．《信?中國》是中央電視臺2018年開年推出的大型人文藝術類創(chuàng)新節(jié)目。由朱軍擔任主持人、制作人和總導演，60多位藝術工作者和演員擔當信使。我們能區(qū)分朱軍和這些藝術工作者的聲音，是他們的　音色　不同；這些信使深情念讀，有時高吭，有時深情。這其中“高吭”是指聲音的　響度　。

【分析】聲音有三個特征：音調、響度和音色。音調指聲音的高低，音調跟頻率有關，頻率越大，音調越高；響度指聲音的大小，響度跟振幅有關，振幅越大，響度越大；通過音色能辨別物體，音色跟材料和結構有關。

【解答】解：我們能區(qū)分朱軍和這些藝術工作者的聲音，是因為不同人聲音的音色不同。

這些信使深情念讀，有時高吭，這其中“高吭”是指聲音大，即聲音的響度大。

故答案為：音色；響度。

【點評】真正理解音調、響度的含義，并且真正理解詩句的含義，才能準確回答問題，體現(xiàn)了各學科之間的關系。

2．（2分）清明節(jié)時雨紛紛，2018年的清明節(jié)許多地方下了雨，北京卻下了小雪。雪花是由水蒸氣　凝華　（填物態(tài)變化的名稱）形成的。雪熔化時天氣格外寒冷，是因為熔化　吸　（填“放”或“吸”）熱。

【分析】（1）物質由氣態(tài)直接變?yōu)楣虘B(tài)叫凝華，物質由固態(tài)直接變?yōu)闅鈶B(tài)叫升華；由氣態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫液化，由液態(tài)變?yōu)闅鈶B(tài)叫汽化；由固態(tài)變?yōu)橐簯B(tài)叫熔化，由液態(tài)變?yōu)楣虘B(tài)叫凝固。

（2）六種物態(tài)變化過程中，都伴隨著吸熱或放熱；其中放出熱量的物態(tài)變化有：凝固、液化、凝華；吸熱的有：熔化、汽化、升華。

【解答】解：雪是空氣中的水蒸氣遇冷凝華為固態(tài)的冰晶，此過程中放熱；

雪熔化時天氣格外寒冷，是因為熔化時吸熱，使氣溫降低。

故答案為：凝華；吸。

【點評】分析生活中的熱現(xiàn)象屬于哪種物態(tài)變化，關鍵要看清物態(tài)變化前后，物質各處于什么狀態(tài)；另外對六種物態(tài)變化的吸熱和放熱情況也要有清晰的認識。

3．（2分）天鵝湖國家城市濕地公園，位于三門峽市東西城區(qū)之間的生態(tài)區(qū)內(nèi)。圖為三門峽天鵝湖國家城市濕地公園中的一群天鵝，它們在水中的倒影是　虛像　（填“實像”“虛像”）。濕地公園中水的面積很大，灘涂蓄水量約為2×105m3，可以有效的調節(jié)空氣的溫度和濕度。若水溫升高2℃，吸收的熱量為　1.68×1012　J[水的比熱容為4.2×103J/（kg?℃），水的密度為1×103kg/m3]。

【分析】（1）物體在平面鏡中所成的像是虛像；

（2）根據(jù)水的體積利用公式m=ρV求出水的質量，利用吸熱公式Q=cm△t可計算水吸收的熱量。

【解答】解：

平靜的湖面相當于平面鏡，平面鏡成的像是虛像，則天鵝在湖面的倒影是虛像；

根據(jù)ρ=可知，

濕地公園中水的質量為：m=ρV=1×103kg/m3×2×105m3=2×108kg；

水吸收的熱量：Q=cm△t=4.2×103J/（kg?℃）×2×108kg×2℃=1.68×1012J。

故答案為：虛像；1.68×1012。

【點評】此題主要考查學生對平面鏡成像特點以及吸熱公式的理和掌握，屬于基礎性題目。

4．（2分）在“厲害了我的國”中，來自“一帶一路”上的20國青年票選出了心中的中國“新四大發(fā)明”他們是：高鐵、網(wǎng)購、支付寶和共享單車。“新四大發(fā)明”均為我國自主知識產(chǎn)權，乃中國制造與中國創(chuàng)造的代表。共享單車從構造到使用蘊含著豐富的物理知識，如圖所示，請按表中所舉的例子完成表中空白處的。

【分析】①減小摩擦的方法：從壓力大小和接觸面的粗糙程度考慮，減小壓力，減小接觸面的粗糙程度，使接觸面脫離，用滾動代替滑動摩擦力。

②解鎖系統(tǒng)是車輛通過接收云端發(fā)送的解鎖指令而實現(xiàn)的。

【解答】解：

①車軸處有滾珠即滾動軸承，是用滾動代替滑動來減小摩擦力；

②掃描車身上的二維碼，通過手機網(wǎng)絡發(fā)送到云端請求解鎖，云端收到后識別該車輛并發(fā)送解鎖指令，共享單車執(zhí)行解鎖指令自動開鎖，這是利用電磁波傳遞信息的。

故答案為：①用滾動代替滑動，減小摩擦；②車身上的二維碼。

【點評】自行車是日常生活中最常見的交通工具，從自行車的結構和使用來看，應用了非常多的物理知識，包括力學、聲現(xiàn)象、光現(xiàn)象、杠桿等方面，平時多注意觀察，將其知識活學活用。

5．（3分）在圖中所示的電路中，電源電壓保持不變，R為定值電阻，當開關閉合時，標有“8V 4W”的小燈泡L恰好正常發(fā)光；若保持定制電阻R不變，將L換成另一只標有“8V 8W”的小燈泡，閉合開關后，小燈泡工作時消耗的實際功率　小于　（填“大于”“等于”或“小于”）8W．若標有“8V 4W”的燈泡L1和“8V 8W”的燈泡L2并聯(lián)接入8V電源電路中，則通過兩燈的電流之比為　1：2　，兩燈在相同時間內(nèi)消耗的電能之比為　1：2　（不考慮溫度對燈絲電阻的影響）。

【分析】（1）燈泡的實際功率是由燈泡兩端的實際電壓決定的，根據(jù)公式R=知兩燈泡電阻的大小關系，根據(jù)電阻的串聯(lián)可知電路中總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流和電阻兩端的電壓變化，再根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點得出此時燈泡兩端的電壓變化，最后根據(jù)P=判斷燈泡實際功率的變化，進而得出答案；

（2）若標有“8V 4W”的燈泡L1和“8V 8W”的燈泡L2并聯(lián)接入8V電源電路中時，它們兩端的電壓相等，均等于兩燈泡的額定電壓，此時燈泡的實際功率和額定功率相等，根據(jù)P=UI求出通過兩燈的電流之比，根據(jù)W=Pt求出相同時間內(nèi)兩燈消耗電能之比。

【解答】解：（1）由P=UI=的變形式R=可知，當電壓相同時，電功率越大，電阻越小，

所以“8V 8W”燈泡的電阻比“8V 4W”燈泡的電阻小，

因串聯(lián)電路中的總電阻等于各分電阻之和，

所以，改接燈泡后，電路中的總電阻變小，

由I=可知，電路中的電流變大，電阻R兩端的電壓變大，

因串聯(lián)電路中的總電壓等于各分電壓之和，且電源的電壓不變，

所以，此時燈泡兩端的電壓變小，小于8V，

由P=UI=可知，此時燈泡的電功率變小，小于8W；

（2）若標有“8V 4W”的燈泡L1和“8V 8W”的燈泡L2并聯(lián)接入8V電源電路中，

因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，

所以，兩燈泡兩端的電壓均為8V，兩燈泡均正常發(fā)光，

由P=UI可得，通過兩燈的電流之比：

====，

由P=可得，相同時間內(nèi)兩燈消耗電能之比：

===。

故答案為：小于；1：2；1：2。

【點評】本題考查了串并聯(lián)電路的特點和電功率公式、歐姆定律、電功公式的應用，要注意燈泡正常發(fā)光時的電壓和額定電壓相等。

6．（2分）風是地球上的一種自然現(xiàn)象。風能作為一種新型清潔能源，屬于　一次　（填“一次”“二次”）能源。風力發(fā)電首先是利用風力帶動風車葉片旋轉，把風的動能轉化為風輪的機械能，風輪帶動發(fā)電機發(fā)電，風力發(fā)電機的原理為　電磁感應　。從能源利用等角度說說使用風能的優(yōu)點　風能為潔凈能源，是可再生環(huán)保能源　（答出一點）。

【分析】（1）能夠直接從自然界獲得的能源，叫做一次能源；不能從自然界直接獲取，必須通過一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源；

（2）發(fā)電機消耗機械能產(chǎn)生電能，故其是利用電磁感應現(xiàn)象的原理制成的；

（3）能源問題是當今社會熱點問題，風能、太陽能都是新型的能源，具有無污染環(huán)保、可再生的特點。

【解答】解：

風能是可以直接從自然界中獲取的能源，叫做一次能源；

風力發(fā)電機借助風力吹動發(fā)電機的輪葉片轉動，從而產(chǎn)生電能，即消耗機械能產(chǎn)生電能，故是利用電磁感應現(xiàn)象的原理來工作的；

風能為潔凈的能量，是可再生能源環(huán)保。

故答案為：一次；電磁感應；風能為潔凈能源，是可再生環(huán)保能源。

【點評】本題考查了能源的分類及風能的特點，是一道基礎題。

二、選擇題（本題共8小題，每小題2分，共16分．第7～12題，每小題只有一個選項符合題目要求．第13～14題，每小題有兩個選項符合題目要求，全部選對的得2分，選對但不全得區(qū)分，有選錯的得0分）

7．（2分）下列估算不正確的是（　　）

A．拿起一個雞蛋大約用力0.5N

B．鄭州炎熱夏天的室外溫度約為42℃

C．演奏我國國歌所需的時間約為47s

D．一個中學生雙腳站立在水平地面上，對地面的壓強約為105Pa

【分析】首先要對選項中涉及的幾種物理量有個初步的了解，對于選項中的單位，可根據(jù)需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項，找出符合生活實際的答案。

【解答】解：A、一斤（500g）雞蛋可稱8﹣﹣10個，那么一個雞蛋的質量約為50g（0.05kg）；其重力為G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N；故拿起一個雞蛋的力約0.5N；故A的估算符合實際；

B、鄭州炎熱夏天的室外溫度約為42℃，符合實際；

C、演奏我國國歌所需的時間約為47s；符合實際；

D、中學生對地面的壓力F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，每只鞋的底面積大約為200cm2，即0.02m2；故壓強為：p===1.25×104Pa；達不到105Pa；故D不符合實際；

故選：D。

【點評】此題考查對生活中常見物理量的估測，結合對生活的了解和對物理單位的認識，找出符合實際的選項即可。

8．（2分）小明對所學的電學知識歸納如下，其中不正確的有（　　）

A．玻璃棒與絲綢摩擦時，玻璃棒會失去電子

B．摩擦起電的實質是電子的轉移

C．導體中只要有電荷的移動，就能形成電流

D．絕緣體不容易導電，但容易帶電

【分析】（1）自然界有兩種電荷，用毛皮摩擦過的橡膠棒由于得到電子而帶負電，用絲綢摩擦過的玻璃棒因失去電子而帶正電。

（2）摩擦起電的實質是電子的轉移。

（3）電荷的定向移動形成電流。

（4）容易導電的物體叫導體，不容易導電的物體叫絕緣體；絕緣體容易帶電。

【解答】解：A、用絲綢摩擦過的玻璃棒因失去電子而帶正電；故A的說法正確；

B、摩擦起電的實質是電荷的轉移，即電子的轉移；故B的說法正確；

C、電荷的定向移動形成電流；故當導體中的自由電荷發(fā)生定向移動時，才能形成電流；故C的說法不正確；

D、不容易導電的物體叫絕緣體；絕緣體容易帶電。故D的說法正確；

故選：C。

【點評】理解摩擦起電的實質、電流的形成、絕緣體的特點；是解答此題的關鍵。

9．（2分）如圖所示的四個過程將動能轉化為勢能的是（　　）

A．

塑料圓筒滾動時皮筋越擰越緊

B．

麥克斯韋滾擺向低處滾動

C．

運動員用拉彎的弓把箭射出去

D．

人造地球衛(wèi)星從遠地點向近地點運動

【分析】彈性勢能轉化為動能的特點是物體的彈性形變減小，彈性勢能減小；速度增加，動能增加。

【解答】解：

A、塑料圓筒滾動時，速度變小，即動能變小，同時皮筋越來越緊，彈性形變程度變大，彈性勢能變大，所以該過程是將動能轉化為彈性勢能，故A正確；

B、麥克斯韋滾擺向低處滾動，其質量不變，速度變快，動能變大，同時高度減小，重力勢能變小，所以是將重力勢能轉化為動能的過程，故B錯誤；

C、運動員用拉彎的弓把箭射出去，在該過程中，弓的彈性勢能變小，同時箭的動能變大，所以是將彈性勢能轉化為動能的過程，故C錯誤；

D、人造地球衛(wèi)星從遠地點向近地點運動時，速度變大，即動能變大，同時相對高度變小，勢能變小，所以勢能轉化為動能，故D錯誤；

故選：A。

【點評】對于判斷能量轉化的題目，我們可以從影響能量大小的因素來分析能量的變化，找到能量轉化的方向。

10．（2分）關于運動和力，下列說法正確的是（　　）

A．做勻速直線運動的物體，可能只受到一個力作用

B．運動員將冰壺推出后，冰壺向前滑行，是因為冰壺受到慣性作用

C．運動員投出籃球后，籃球在空中運動的過程中所受合力不為零

D．靜止在水平地面上的課桌，它對地面的壓力與地面對它的支持力是一對平衡力

【分析】（1）做勻速直線運動的物體，不受力或受平衡力；

（2）物體保持原來運動狀態(tài)不變的性質叫慣性，一切物體都有慣性，慣性是物體的一種屬性；

（3）處于平衡狀態(tài)的物體受平衡力作用，并且所受合力為零；

（4）根據(jù)二力平衡條件，判斷車對地面的壓力和地面對車的支持力是否是一對平衡力。

【解答】解：A、做勻速直線運動的物體，處于平衡狀態(tài)，物體不受力或受平衡力的作用，不可能只受一個力，故A錯誤；

B、冰壺被推出后，能在冰面上繼續(xù)滑行是因為冰壺具有慣性，慣性不是力，不能說受到慣性作用。故B錯誤；

C、運動員投出籃球后，籃球在空中運動的過程中只受重力，所受合力不為零，故C正確；

D、靜止在水平地面上的課桌，它對地面的壓力與地面對它的支持力作用在兩個物體上，不是一對平衡力，故D錯誤。

故選：C。

【點評】本題主要考查了力與運動的關系、慣性、平衡力等知識，是一道綜合題，但難度不大。

11．（2分）如圖所示是使用簡單機械勻速提升同一物體的四種方式（不計機械自重和摩擦），其中所需動力最小的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【分析】根據(jù)簡單機械的原理：不省功和杠桿平衡條件，分別求出四個力，再確定最小的動力。

【解答】解：設物體重力為G，不計機械自重和摩擦：

A、圖中為斜面，F(xiàn)1×4m=G×2m，得到F1=0.5G；

B、圖中為滑輪組，與動滑輪相連的繩子段數(shù)是3，因此F2=G；

C、圖中為動滑輪，動力作用在動滑輪的軸上，則F3=2G；

D、由圖可知，動力臂為1m+3m=4m，阻力臂為1m，則F4×4m=G×1m，解得F4=0.25G；

因此動力最小的是D。

故選：D。

【點評】此題主要是考查各種簡單機械省力情況及省力的原理，屬于基礎知識的考查，關鍵掌握各簡單機械的省力特點。

12．（2分）如圖所示，電源電壓保持不變，當閉合開關S，移動滑動變阻器的滑片P使電壓表V2示數(shù)變小過程中，下列說法中不正確的是（　　）

A．滑動變阻器的滑片P在向左滑動

B．電壓表V1的示數(shù)變大

C．電流表示數(shù)變大

D．電阻R1和R2消耗的功率之比保持變小

【分析】由電路圖可知，三個電阻串聯(lián)，電壓表V1測R1兩端電壓，電壓表V2測滑動變阻器兩端電壓，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點可知電壓表V2示數(shù)變小時R1、R2兩端的電壓變化，從而得出電壓表V1的示數(shù)變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和電路中總電阻的變化，進一步可知滑片移動的方向，根據(jù)串聯(lián)電路電流特點和P=I2R得出電阻R1和R2消耗的功率之比，進一步判斷兩者電功率的比值變化。

【解答】解：

由電路圖可知，三個電阻串聯(lián)，電壓表V1測R1兩端電壓，電壓表V2測滑動變阻器兩端電壓，

因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，且電壓表V2示數(shù)變小（即滑動變阻器兩端的電壓變小），

所以，R1、R2兩端的電壓變大，此時電壓表V1的示數(shù)變大，故B正確；

R1、R2的阻值不變，由I=可知，R1、R2兩端的電壓變大時，電路中的電流變大，即電流表的示數(shù)變大，故C正確；

電路中的電流變大，由R=可知，電路中的總電阻變小，則滑動變阻器接入電路中的電阻變小，所以滑片左移，故A正確；

因串聯(lián)電路中各處的電流相等，

所以，電阻R1和R2消耗的功率之比==，則R1和R2消耗的功率之比保持不變，故D錯誤。

故選：D。

【點評】本題考查了電路的動態(tài)分析，涉及到串聯(lián)電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，正確的判斷滑動變阻器接入電路中電阻的變化是關鍵。

13．（2分）下列問題中，不屬于可探究的科學問題的是（　　）

A．物體內(nèi)能的大小與哪些因素有關？

B．當溫度升高時，氣體的擴散會加快嗎？

C．導體的電阻大小與導體兩端的電壓有關嗎？

D．通過導體的電流增大時，該導體會發(fā)生哪些變化？

【分析】科學問題是指能夠通過收集數(shù)據(jù)而回答的問題。一般而言，可以探究的科學問題描述的是兩個或多個變量之間的關系，其中的變量必須是可檢驗的。也就是說，可以探究的科學問題中的因變量和自變量都是可以觀察或測量的。

【解答】解：

A．物體內(nèi)能的大小可能與多個因素有關，但物體內(nèi)能的多少不易觀察和測量，不屬于可探究的科學問題，故A符合題意；

B．擴散現(xiàn)象反應了分子的無規(guī)則運動，改變研究對象的溫度，觀察其擴散現(xiàn)象的變化，屬于可探究的科學問題，故B不符合題意；

C．導體的電阻與多個因素有關，其大小可以根據(jù)伏安法測出其大小，屬于可探究的科學問題，故C不符合題意；

D．通過導體的電流增大時，該導體會發(fā)生什么變化不易觀察和測量，不屬于可探究的科學問題，故D符合題意。

故選：AD。

【點評】并不是每一個科學問題都可以進行探究，當問題太泛化或太模糊，就難以進行科學探究。一般而言，可以探究的科學問題描述的是兩個或多個變量之間的關系，其中的變量必須是可檢驗的。

14．（2分）如圖所示，兩個相同的圓柱形容器被分別盛有ρ甲、ρ乙種不同液體，液體對容器底部的壓強分別為p甲、p乙，現(xiàn)將兩個體積相同的同樣材質的小球分別浸入這兩種液體中，兩小球在圖示位置靜止，此時兩液面剛好齊平，兩小球所受浮力為分別F浮甲、F浮乙，液體對容器底部壓力的變化量分別為△F甲、△F乙，下列關系式正確的是（　　）

A．ρ甲＞ρ乙、F浮甲＞F浮乙????????????? B．ρ甲＞ρ乙、F浮甲=F浮乙

C．ρ甲＜ρ乙、△p甲 ＜△p乙????????????? D．ρ甲＞ρ乙、F浮甲＜F浮乙

【分析】（1）首先根據(jù)漂浮和懸浮條件判斷小球與兩種液體的密度關系，進而得出甲乙兩種液體的密度關系，然后根據(jù)小球排開液體的體積關系，得出放入小球前甲乙兩種液體的深度關系，再根據(jù)液體壓強公式判斷液體對容器底部的壓強關系；

（2）因為兩個容器都是規(guī)則容器，因此將小球放入后，容器底部增加的壓力等于小球的重力；利用p=即可比較壓強的增加量。

【解答】解析：（1）將兩個體積相同的同質小球分別浸入這兩種液體中，由圖知，甲中小球漂浮，乙中小球懸浮，則根據(jù)浮沉條件可知：ρ甲＞ρ球，ρ乙=ρ球，所以，ρ甲＞ρ乙；

由圖知，V甲排＜V乙排、因為放入小球后面液面相平，由此可知：放入小球前，h甲＞h乙、所以，根據(jù)p=ρgh可知：p甲＞p乙。

（2）兩個體積相同的同質小球，則小球重力相等，根據(jù)漂浮和懸浮可知，F(xiàn)浮甲=F浮乙=G，

則將球放入后，容器底部增加的壓力都等于球的重力，故增加的壓力相等，即：△F甲=△F乙；所以，△p甲=△p乙，綜上分析可知，選項AC錯誤，BD正確。

故選：BD。

【點評】此題考查壓強大小的比較，同時考查物體浮沉條件及其應用，關鍵是知道直壁形容器中液體對容器底的壓力等于液體的重力。

三、作圖題（本題共2小題，每小題2分，共4分）

15．（2分）圖所示，光線A、B為光源S發(fā)出的兩條光線經(jīng)平面鏡反射后的反射光線，請在圖中作出平面鏡并完成光路圖。

【分析】根據(jù)反射光線反向延長過像點，作出反光點的像點S′，再根據(jù)平面鏡成像的特點：像與物關于平面鏡對稱作出平面鏡的位置，補出入射光線。

【解答】解：先將兩條反射光線A、B的反向延長交于一點S′，連接SS′，然后根據(jù)像與物關于平面鏡對稱作出平面鏡的位置，并聯(lián)接S點與反射點即為入射光線，如圖所示：

【點評】本題用到了光的反射定律、反射光線反向延長過像點、像與物關于平面鏡對稱；先將反射光線反向延長作像點后由平面鏡成像的對稱性找出平面鏡的位置。

16．（2分）如圖所示，將重為2N的物體A掛于彈簧測力計下，彈簧測力計與物體A共同向右作勻速直線運動，請畫出物體A所受力的示意圖。

【分析】由彈簧測力計與物體A共同向右作勻速直線運動，可知，物體A處于平衡狀態(tài)，受平衡力：重力G與拉力平衡。

【解答】解：過物體A的重心作豎直向下的重力G和豎直向上的拉力F，因為彈簧測力計與物體A共同向右作勻速直線運動，所以物體A處于平衡狀態(tài)，此時重力G與拉力大小相等，都為2N．如圖所示

【點評】作力的示意圖，要用一條帶箭頭的線段表示力，線段的長度表示力的大小，箭頭表示力的方向，起點或終點表示力的作用點，是平衡力的長度要相等

四、實驗探究題（18分）

17．（6分）在研究“凸透鏡成像規(guī)律”的實驗中：

（1）在實驗前，應首先觀察并記下凸透鏡的　焦距　；在如圖所示的實驗裝置中A是　光具座　。

（2）小明同學按上述要求安裝好實驗器材，移動光屏，在光屏上得到一個清晰的像，如圖所示，該成像原理與　照相機　（填“照相機”“投影儀”或“放大鏡”）的成像原理相同；該同學在不改變燭焰和光屏位置的情況下，當把凸透鏡移到某一位置時，在光屏上再次出現(xiàn)一個清晰的燭焰像。凸透鏡位置在　15.00　cm處。

【分析】（1）實驗前確定焦距，根據(jù)實驗裝置確定器材名稱；

（2）物距大于像距時，成倒立、縮小的實像；光的折射中光路是可逆的。凸透鏡位置不動時，對調蠟燭和光屏的位置，光屏上還能得到清晰的像。假如蠟燭和光屏的位置不變，改變凸透鏡的位置，也能達到類似凸透鏡位置不變，對調蠟燭和光屏位置的效果；虛像，不能成在光屏上，只能用眼睛在光屏一側透過觀察像。

【解答】解：（1）在探究凸透鏡成像規(guī)律時，實驗前，應首先觀察并記下凸透鏡的焦距；

在如圖所示的實驗裝置中A是光具座；

（2）由圖可知，此時物距大于像距，成倒立、縮小的實像，與照相機成像原理相同；

根據(jù)光路可逆可知，當把凸透鏡向左移到某一位置時，物距小于焦距，此時在光屏上再次出現(xiàn)一個清晰的倒立、放大的實像，此時物距等于原來的像距，50.00cm﹣35.00cm=15.00cm。

故答案為：

（1）焦距；光具座；（2）照相機；15.00。

【點評】本題主要考查了凸透鏡成像規(guī)律的應用。要熟練掌握成像規(guī)律并靈活運用。

18．（6分）小明和小華同學一起做“探究杠桿平衡的條件”實驗，所用的器材有帶刻度的杠桿、鐵架、鉤碼、線（彈簧夾）和　彈簧測力計　等。

（1）實驗前，首先把杠桿的中點支在支架上，杠桿靜止在如圖甲所示位置，此時杠桿處于　平衡　（填“平衡”或“不平衡”），為了使杠桿在水平位置平衡，應向　右　（填“左”或“右”）調節(jié)平衡螺母。

（2）記錄在如表中。

小明分析比較表一的實驗數(shù)據(jù)可歸納得出的結論是：　杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2　。

（3）小華分析兩表數(shù)據(jù)后發(fā)現(xiàn)實驗序號　⑥　的數(shù)據(jù)與小亮的結論不符。他回顧看了那次實驗，發(fā)現(xiàn)實驗數(shù)據(jù)是在彈簧測力計斜拉的情況下獲得的，如圖乙所示。請分析小華這組數(shù)據(jù)錯誤的原因：當彈簧測力計斜拉時　小華從杠桿上直接讀出力臂　。

【分析】（1）杠桿處于靜止狀態(tài)和勻速轉動狀態(tài)都稱為杠桿平衡；為了使杠桿在水平位置平衡，平衡螺母向上翹的一端移動；探究杠桿平衡條件時，使杠桿在水平位置平衡，力臂在杠桿上，便于測量力臂；

（2）分析表格中數(shù)據(jù)，得出杠桿的平衡條件；

（3）根據(jù)杠桿的平衡條件：動力×動力臂=阻力×阻力臂分析得出錯誤數(shù)據(jù)，并根據(jù)力臂的概念分析原因。

【解答】解：做“探究杠桿平衡的條件”實驗，所用的器材有帶刻度的杠桿、鐵架、鉤碼、線（彈簧夾）和彈簧測力計等。

（1）杠桿停在如圖甲所示的位置，保持靜止狀態(tài)，杠桿處于平衡狀態(tài)；要使杠桿在水平位置處于平衡狀態(tài)，平衡螺母向上翹的右端移動；杠桿在水平位置平衡，力臂在杠桿上，便于直接從杠桿上測量力臂；

（2）根據(jù)表格中數(shù)據(jù)，可知杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2；

（3）由表格知，序號⑥的數(shù)據(jù)不符合杠桿的平衡條件，從圖乙可知，測力計斜拉時，拉力的力臂并不等于作用點到支點的距離，小華從杠桿上直接讀出力臂。

故答案為：彈簧測力計；（1）平衡；右；（2）杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2；（3）⑥；小華從杠桿上直接讀出力臂。

【點評】此題是探究杠桿平衡條件實驗，考查了平衡條件的得出及數(shù)據(jù)的分析，注意力臂是從支點到力的作用線的距離，所以在斜拉測力計時，不要將拉力的力臂量錯。

19．（9分）在“測量小燈泡電功率”的實驗中，小燈泡的額定電壓為2.5V，電阻大約為10Ω，有兩個規(guī)格分別為“10Ω? l A”、“50Ω? 2A”的滑動變阻器，電源電壓為6V。

（1）本實驗中應選擇規(guī)格為　50Ω2A　的滑動變阻器；圖中已有部分電路連好，請用筆畫線代替導線將電路連接完整。

（2）某同學閉合開關后，移動滑動變阻器的滑片，發(fā)現(xiàn)燈泡的亮度很暗且不變，可能的原因是　將變阻器的下面兩個接線柱連入了電路中了　。

（3）排除故障后，移動滑動變阻器的滑片，進行了多次測量，其中小燈泡正常發(fā)光時電流表示數(shù)如圖乙所示為　0.24　A，小燈泡的額定功率為　0.6　w，實驗中多次測量的目的是：　比較小燈泡在不同電壓下的電功率，得出具有普遍性的結論　。

（4）完成實驗后，該組同學又找來了幾個不同阻值的電阻代替小燈泡繼續(xù)“探究電壓相同時，電流與電阻的關系”，得到的實驗數(shù)據(jù)如表。

該組同學做完第2次實驗后，用15Ω的電阻替換10Ω的電阻，閉合開關后，應將滑動變阻器的滑片P向　B　（填“A”或“B”）端移動，使電壓表的示數(shù)為　3　 V，完成第三次實驗。

【分析】（1）根據(jù)燈正常工作時的電壓求出變阻器的電壓，由歐姆定律求出燈正常工作時的電流大小，得出變阻器的最小阻值，確定變阻的規(guī)格；根據(jù)燈的電壓確定電壓表量程，將電壓表與燈泡并聯(lián)，根據(jù)燈正常工作時的電流確定電流表量程并與燈泡串聯(lián)；

（2）移動滑動變阻器的滑片，發(fā)現(xiàn)燈泡的亮度很暗，說明電路為通路，且電路中的電流很小；亮度不變，說明電路中電流大小不隨滑片的移動而改變，變阻器失去了變阻 的作用，所以可能的原因是：將變阻器的下面兩個接線柱連入了電路中了；

（3）根據(jù)圖乙讀出電流表的示數(shù)，由P額=U額I額計算燈的額定功率值；實驗中多次測量的目的是為了得出具有普遍性的結論；

（4）先求出定值電阻的電壓，根據(jù)分壓原理確定滑片子動的方向。

【解答】解：（1）小燈泡的額定電壓為2.5V，所以電壓表選用0﹣3V量程，正常發(fā)光時的電阻約為10Ω，電流I==0.25A，所以電流表選用0﹣0.6A量程；燈正常發(fā)光時，變阻器應分得的電壓U滑=6V﹣2.5V=3.5V，所以變阻器的阻值至少為R滑==14Ω＞10Ω，所以應選用“50Ω? 2A”的滑動變阻器；測燈泡功率實驗中，電源、電流表、燈泡、滑動變阻器、開關、滑動變阻器串聯(lián)接入電路，電壓表與燈泡并聯(lián)，電路圖的連接如下圖所示；

（2）經(jīng)分析，移動滑動變阻器的滑片，發(fā)現(xiàn)燈泡的亮度很暗且不變，可能的原因是：將變阻器的下面兩個接線柱連入了電路中了；

（3）當燈泡電壓達到額定電壓時正常發(fā)光，電流表使用0﹣0.6A量程，分度值為0.02A，由乙圖，其正常發(fā)光時的電流為0.24A，所以燈泡的額定功率

P額=U額I額=2.5V×0.24A=0.6W；實驗中多次測量的目的是：為了避免偶然性，比較燈泡在不同電壓下的結論，得出具有普遍性的實驗結論；

故答案為：（1）見上圖；（2）小燈泡短路；（3）B；0.6。

（4）由表中數(shù)據(jù)，電壓表的示數(shù)U=IR=0.6A×5Ω=0.3A×10Ω=…=3V．根據(jù)分壓原理，當換上較小的電阻時，電壓表示數(shù)減小，為保持電壓不變，應增大定值電阻的電壓，減小變阻器分得的電壓，所以變阻器連入電路中的電阻應減小，即滑片向B端滑動，直到電壓表示數(shù)為3V；

故答案為：（1）50Ω? 2A；如上圖所示；

（2）將變阻器下面兩個接線柱接入電路中；

（3）0.24； 0.6； 比較小燈泡在不同電壓下的電功率，得出具有普遍性的結論；

（4）B； 3。

【點評】本題涉及測燈的電功率及探究電流與電阻的關系實驗，考查了器材的選擇、電路連接、故障分析、操作的過程、額定的計算和控制變量法及歸納法的運用，綜合性強，有一定難度。

五、綜合應用題（本題共2小題，第20題10分，第21題8分，共18分）

20．（10分）正在到來的第四次工業(yè)革命將使人類進入“無人機時代”。各種類型的機器人紛紛問世，其中會飛的機器人﹣﹣“無人機”異軍突起，頻頻出現(xiàn)在公眾的視野中。WJ﹣600無人機采用了戰(zhàn)術無人機常用的常規(guī)氣動布局，尾部裝有一臺渦輪噴氣發(fā)動機。該機是我國少數(shù)采用噴氣發(fā)動機作為動力系統(tǒng)的戰(zhàn)術攻擊無人機，它集高空、高速、無人、偵查、打擊為一體的無人機，最大輸出功率為200kW，能夠在1.4×104km的高空以648km/h的速度飛行。它具備全自主起降和飛行能力，其機體結構選用鋁合金材料。

（1）“無人機”機體結構選用鋁合金材料是因為在體積一定時，　鋁合金的密度較小，可減輕無人機的質量　。

（2）若該無人機在1.4×104km的高空以648km/h勻速飛行，求此時無人機受到的空氣阻力是多少？（結果保留整數(shù)）

（3）該機在某次到900km處執(zhí)行任務（以600km/h速度勻速飛行）時，載彈后整機質量2.5t（含油料），如果渦輪噴氣發(fā)動機的機械效率為30%，則剛剛升空后水平勻速飛行時機翼產(chǎn)生的升力是多大？假設燃料完全燃燒，此次執(zhí)行任務至少添加航空燃料多少千克？（g=10N/Kg，航空燃料熱值5.0×107J/Kg）

【分析】（1）根據(jù)ρ=可知，在體積一定時，密度越小，質量越小；

（2）根據(jù)P===Fv，由已知條件求出牽引力，根據(jù)二力平衡，此時無人機受到的空氣阻力；

（3）根據(jù)G=mg求載彈后整機重力，根據(jù)二力平衡得出水平勻速飛行時機翼產(chǎn)生的升力；

由速度公式求此次執(zhí)行任務飛行時間；根據(jù)W有=Pt求有用功，由渦輪噴氣發(fā)動機的機械效率η==求此次執(zhí)行任務至少添加的 航空燃料。

【解答】解：（1）根據(jù)ρ=可知，在體積一定時，密度越小，質量越小，

所以，無人機”機體結構選用鋁合金材料是因為在體積一定時，鋁合金的密度較小，可減輕無人機的質量；

（2）v=648km/h=180m/s，

由P===Fv得故牽引力：

F==≈1111N；

因飛機做勻速直線飛行，根據(jù)二力平衡，此時無人機受到的空氣阻力：

f=F=1111N；

（3）載彈后整機重力：

G=mg=2.5×103kg×10N/kg=2.5×104N，

當飛機水平勻速飛行時機翼產(chǎn)生的升力與它的重力二力平衡：

則F升=G=2.5×104N；

根據(jù)v=可得，此次執(zhí)行任務飛行時間至少為：

t===3h=1.08×104s，

根據(jù)P=可得有用功：

W有用=Pt=2.0×105W×1.08×104s=2.16×109J

由η==得，此次執(zhí)行任務至少添加航空燃料的質量：

m′===144kg。

答：（1）鋁合金的密度較小，可減輕無人機的質量；

（2）此時無人機受到的空氣阻力是1111N；

（3）剛剛升空后水平勻速飛行時機翼產(chǎn)生的升力是2.5×104N；假設燃料完全燃燒，此次執(zhí)行任務至少添加航空燃料144kg。

【點評】本題以無人機為載體，考查密度公式的應用、功和功率、速度、效率、熱值公式的運用和二力平衡的知識，涉及知識點多，綜合性強，有一定難度。

21．（8分）有一種電加熱恒溫箱，工作原理如圖甲所示。控制電路由電壓為U1=6V的電源、電磁繼電器（線圈電阻不計）、滑動變阻器R0和熱敏電阻R1組成，工作電路由電壓為U2=220V的電源和電阻為R2=48.4Ω的電熱絲組成。當控制電路中的電流達到0.05A時，銜鐵被吸下來，觸點處斷開，工作電路停止工作。當控制電路中的電流小于0.05A時，銜鐵被彈回，觸點處接通，加熱電路正常工作，熱敏電阻R1的阻值隨溫度變化關系如圖13乙所示。

（1）在升溫的過程中，電阻R1兩端的電壓會　變小　（填“變大”“變小”或“不變”）；要使恒溫設定的溫度值升高，應調節(jié)滑動變阻器R0的滑片，使其接入電路的阻值　變大　（填“變大”“變小”或“不變”）。

（2）工作電路正常工作1min，電熱絲R2產(chǎn)生的熱量是多少？

（3）通過調節(jié)控制電路中滑動變阻器R0接入電路的阻值，就能調節(jié)恒溫箱中需要設定的不同溫度，如果恒溫箱的溫度設定為50℃，求滑動變阻器R0應接入電路的阻值。

【分析】（1）根據(jù)熱敏電阻R1阻值隨溫度變化的圖象可以確定升溫的過程中，電阻R1的阻值在減小，滑動變阻器R2的阻值不變，根據(jù)串聯(lián)電路的特點，可以確定電路的總電阻在減小，進而利用歐姆定律可以確定電路中的電流的變化和R0兩端的電壓變化情況，利用串聯(lián)電路中電壓的特點，可以確定R1兩端電壓的變化；

從圖乙可知，要提高恒溫箱的設定溫度，就要減小熱敏電阻的阻值；但為了使銜鐵吸合工作電流即線圈中的電流仍為0.05A，根據(jù)歐姆定律就要增大電阻箱連入的電阻值，即R0的阻值必須調大；

（2）知道工作電路的電壓和電熱絲的電阻，利用P=求電熱絲工作時的功率；又知道工作時間，利用Q=W=Pt求加熱10min產(chǎn)生的熱量；

（3）恒溫箱的溫度為50℃，從圖乙的出熱敏電阻的阻值，此時電路中的電流為0.05A，銜鐵被吸合，切斷工作電路，又知道控制電路的電壓，利用歐姆定律求電阻箱連入電阻的阻值。

【解答】解：

（1）由圖象可知，當溫度升高時，R1的阻值在減小；控制電路中是滑動變阻器和熱敏電阻串聯(lián)，由于滑動變阻器的阻值不變，R1的阻值減小，從而導致了總電阻減小，電源電壓不變，根據(jù)歐姆定律可知，電路中的電流增大，根據(jù)U=IR可知，R0兩端的電壓U0增大，電阻R1兩端的電壓U1=U﹣U0，所以U1在變小；

從圖乙可知，當提高恒溫箱的設定溫度，熱敏電阻的阻值減小；但為了使銜鐵吸合工作電流即線圈中的電流仍為0.05A，根據(jù)歐姆定律就要增大滑動變阻器連入的電阻值，即R0的阻值必須調大；

（2）電熱絲R2工作時的功率：P2 ===1000W，

在1min內(nèi)產(chǎn)生的熱量：Q=W=P2t=1000W×60s=6×104J；

（3）如果恒溫箱的溫度設定為50℃，由圖乙可知，熱敏電阻的阻值R1=80Ω，由題知，此時控制電路的電流I1=0.05A，

由I=可得總電阻：

R===120Ω，

根據(jù)串聯(lián)電路總電阻等于各電阻之和可得，滑動變阻器R0應接入電路的阻值：

R0=R﹣R1=120Ω﹣80Ω=40Ω。

答：（1）變小；變大；

（2）工作電路正常工作1min，電熱絲R2產(chǎn)生的熱量是6×104J；

（3）滑動變阻器R0應接入電路的阻值40Ω。

【點評】本題考查串聯(lián)電路的特點和歐姆定律的應用，知道恒溫箱的工作原理是關鍵，分析時從題目要求入手，需要什么條件再從題干中尋找，一般都很容易。