2018保定市中考物理壓軸試題【解析版含答案】

2017-12-14 13:24:03文/趙妍妍

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2018保定市中考物理壓軸試題

一、選擇題（本大題共18個小題，共39分．1-15為單選題，每小題只有一個選項符合題意，每小題2分；16-18為多選題，每小題有兩個或兩個以上選項符合題意，每小題2分，全選對得3分，選對但不全得3分，選錯或不選不得分．）

1．在物理學發展的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻．下列關于科學家和他們所做貢獻的說法中正確的是（　　）

A．亞里士多德最早指出力不是維持物體運動的原因

B．牛頓首先測量出大氣壓強的值

C．阿基米德揭示出影響浮力大小的因素

D．奧斯特首先發現電流的熱效應

2．下列估測最接近實際的是（　?。?/p>

A．初中生平均體重約為80㎏

B．農村房檐上的水滴落到地面上的時間約為10s

C．人體的正常體溫約為38.6℃

D．一張百元人民幣的長度約為15cm

3．戴眼鏡的同學從寒冷的室外進入溫暖的室內時，眼鏡片上會形成“小水珠”．下列現象中的物態變化方式與“小水珠”形成原因相同的是（　　）

A．從冰箱取出的凍肉會變軟

B．初冬的清晨，鴨綠江水面上飄著“白氣”

C．人游泳之后剛從水中出來，感覺冷

D．教室內，用久的日光燈管兩端會發黑

4．（保定中考物理）下表是水的密度隨溫度變化的數據．分析表中的數據不能得出的結論是（　　）

t/℃	0	1	2	3	4	5	6	7	8
ρ/（kg?m﹣3）	999.84	999.90	999.94	999.97	1000.00	999.97	999.94	999.90	999.85

A．水凝固成冰時體積會變大

B．水在4℃時密度最大

C．溫度高于4℃時，隨著溫度的升高，水的密度越來越小

D．溫度低于4℃時，隨著溫度的降低，水的密度越來越小

5．如圖為四沖程汽油機工作過程中的某沖程示意圖，該沖程為（　?。?/p>

A．吸氣過程????????????? B．壓縮過程????????????? C．做功過程????????????? D．排氣過程

6．關于電磁波，下列說法錯誤的是（　?。?/p>

A．收音機、電視機和移動電話都是靠電磁波來傳遞信息的

B．跟水波類似，電磁波也有自己的頻率、波長和波速

C．真空中電磁波的波速約為30萬千米每秒

D．微波爐內的微波是一種波長很長、頻率很低的電磁波

7．如圖中，小磁針靜止后指向正確的是（　　）

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

8．甲、乙兩物體先后從同地沿同方向做勻速直線運動，甲比乙先運動2秒，甲運動6秒時通過的路程為6米，此時甲、乙間的距離為2米，在圖所示的a、b、c三條圖線中，乙的s﹣t圖（　?。?/p>

A．一定是圖線a????????????? B．一定是圖線b????????????? C．可能是圖線b????????????? D．可能是圖線c

9．（保定中考物理）圖中畫的是王小剛同學的眼鏡，從眼鏡判斷，他的眼睛（　　）

A．是遠視眼

B．是近視眼

C．視力正常，眼鏡是太陽鏡

D．一只眼視力基本正常，另一只是近視眼

10．在如圖的電路中，電源電壓保持不變，當開關S從斷開到閉合時，電路中（　?。?/p>

A．電流表的示數變小，電壓表的示數變小

B．電流表的示數變小，電壓表的示數不變

C．電流表的示數不變，電壓表的示數變小

D．電流表的示數不變，電壓表的示數不變

11．如圖為某同學設計的部分家庭電路示意圖，其中電器元件連接錯誤的是（　?。?/p>

A．空氣開關????????????? B．二孔插座????????????? C．帶開關的燈泡????????????? D．三孔插座

12．將燒瓶內的水加熱至沸騰后移去火焰，水會停止沸騰．迅速塞上瓶塞，把燒瓶倒置并向瓶底澆冷水（如圖），你會觀察到燒瓶內的水又沸騰起來，產生這一現象的原因是（　?。?/p>

A．瓶內氣體溫度升高，壓強增大，水的沸點降低

B．瓶內氣體溫度降低，壓強減小，水的沸點降低

C．瓶內氣體溫度降低，壓強減小，水的沸點升高

D．瓶內氣體溫度升高，壓強減小，水的沸點升高

13．關于歐姆定律的表達式I=U/R下列說法正確的是（　　）

A．導體兩端的電壓與通過導體的電流成正比

B．通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比

C．電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比

D．電壓一定時，導體的電阻與通過導體的電流成反比

14（保定中考物理）．現代社會倡導文明出行，某班同學對十字路口人行橫道的紅、綠交通信號燈進行了觀察，畫出了如圖所示的控制人行紅、綠燈的電路圖，你認為可行的是（　?。?/p>

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

15．如圖所示，不計摩擦和繩重，把一個重為20N的物體沿豎直方向在4s內勻速提升了2m，所用拉力F為12.5N．下列說法中正確的是（　　）

A．動滑輪重7.5N????????????? B．4s內拉力F做功25J

C．4s內拉力F的功率為6.25W????????????? D．滑輪組的機械效率為80%

16．如圖所示，在探究凸透鏡成像規律的實驗中，當蠟燭和凸透鏡之間的距離為26cm時，在光屏上得到一個清晰縮小的實像．下列說法正確的是（　?。?/p>

A．該凸透鏡的焦距小于13cm

B．只將凸透鏡向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像

C．只將蠟燭和光屏互換，可以在光屏上得到清晰縮小的像

D．將蠟燭遠離凸透鏡時，為了在光屏上得到清晰的像，應將光屏遠離凸透鏡

17．（保定中考物理）如圖是帆船在海面航行的情景，下列關于帆船的說法中正確的是（　?。?/p>

A．帆船需要風吹才能前進說明運動需要力來維持

B．比賽中的帆船速度有變化但慣性不變

C．帆船的重力與受到的浮力是一對平衡力

D．風給帆船提供的動力與水對帆船的阻力是相互作用力

18．如圖所示，電源電壓保持不變，R1和R2為定值電阻．下列說法正確的是（　?。?/p>

A．只閉合S1，滑片P向左滑動，電壓表示數變大

B．先閉合S1，再閉合S2，電壓表示數變大，電流表示數不變

C．先閉合S1和S2，再閉合S3，電壓表與電流表示數的比值變小

D．閉合S1、S2和S3，滑片P向右滑動，電壓表與電流表示數的比值不變

二、填空及簡答題（本大題共8個小題；每空1分，共24分）

19．一束光入射到平面鏡上，入射光線與鏡面的夾角為35度，則反射角為______度．

20．人們都有這樣的體會：撐著太陽傘走在大路上（如圖所示），一陣強風水平吹過來，傘面會向上翻，這是因為傘面上方空氣流速______傘面下方空氣流速．傘的上表面受到的氣體壓強______下表面受到的氣體壓強，導致傘面受到向上的壓力______向下的壓力．（選填“大于”或“小于”）

21．在“節能減排，低碳生活”的理念下，太陽能越來越受到人們的青睞，太陽能屬于______能源（填“可再生”或“不可再生”）．許多家庭安裝了太陽能熱水器，太陽能熱水器主要是通過______方式增加水的內能．裝有40kg水的熱水器溫度升高25℃，水的內能增加了______J．【水的比熱容c=4.2×103J/（kg?℃）】

22．如圖所示，物體A重20N，滑輪重1N，繩重不計，彈簧秤示數為25N，則物體B的重為______N．A對地面的壓力為______N．

23．小華用電能表測量家中電熱淋浴器的實際功率和效率，他將家中其他用電器與電源斷開，僅讓電熱淋浴器工作20min，他家的電能表示數變化如圖所示，同時，電熱淋浴器內質量為25kg，初溫為20℃的水被加熱到50℃，已知C水=4.2×103J/（kg?℃）．那么這個電熱淋浴器的實際功率是______W．電熱淋浴器的效率是______．

24．2014年4月，我海軍372號潛艇在高密度海水區域內沿水平方向潛航，如圖所示．潛艇總質量3.3×103t，體積為3×103m3，高密度海水密度為______kg/m3．潛航時，不慎全部駛入密度為1.02×103kg/m3的低密度海水區域，導致浮力減小了______N，導致潛艇加速下沉，當儀表顯示海水壓強為4×106Pa時，潛艇表面1cm2的面積受到海水壓力______N，達到潛艇承受極限．官兵緊急排出水艙內的水，潛艇最終轉危為安．（g取10N/kg）

25．一種亮度可以調節的小臺燈，其電路如圖甲所示．電源電壓為24V，燈泡L的額定電壓為24V，通過燈泡L的電流跟其兩端電壓的關系如圖乙所示．當燈泡正常發光時，燈絲的電阻為______Ω．調節滑動變阻器R，使燈泡兩端的電壓是12V，則燈泡的實際功率為______W，滑動變阻器R連入電路的阻值是______Ω．

26（保定中考物理）．小球在沒有空氣阻力的情況下，沿無摩擦軌道運動．

（1）如圖1所示，小球從A點靜止釋放，小球到達C點時速度是否為零？______．

（2）針對小球的運動，從勢能與動能相互轉化的角度提出一個問題并回答．

問題：______？回答：______．

（3）將軌道BC段改為水平，如圖2所示．小球仍從A點靜止釋放，小球經過M點時的機械能大于、小于還是等于其在A點的機械能？______．以小球經過M點時為計時起點，大致畫出小球在MN段運動的速度﹣時間圖線．（如圖3）

（4）小球在MN段運動的過程中受到哪些力的作用？______．維持小球運動的原因是什么？______．

三、實驗探究題（共25分）

27．小剛和小明等同學一起做“探究杠桿的平衡條件”的實驗

（1）小剛將杠桿中點置于支架上，當杠桿靜止時，發現杠桿的左端上翹，此時，他應將杠桿兩端的平衡螺母向______（選填“左”或“右”）調節，使杠桿在水平位置平衡．

（2）如圖所示，若每個鉤碼重0.5N，且杠桿上每格相等，小明在杠桿左端圖示位置處掛上3個鉤碼，為使杠桿在水平位置平衡，他在圖中A處施加一個方向向上的力F1，此力大小至少為______N．

（3）若推去力F1，改在杠桿右端B處施加一個方向向下的力F2（如圖乙所示），仍使杠桿平衡，請在圖乙中畫出力F2的力臂．

28．“探究導體在磁場中運動時產生感應電流的條件”的實驗裝置如圖所示，導體棒ab、靈敏電流計、開關組成閉合電路．實驗時，控制磁場方向相同，并且導體棒ab始終保持水平，改變導體棒ab的運動方向．

（1）導體棒ab左右運動，如圖甲所示，電流表指針______，這是因為______．

（2）導體棒ab左右運動，如圖乙所示，電流表指針______．

（3）導體棒ab上下運動，如圖丙所示，電流表指針______．

（4）結合上面實驗現象，可以得出感應電流產生的條件是：______．

29．由某種合金制成的兩個大小不同的工藝品，其中一個實心，一個空心．小華為判定哪個是空心的，進行了如下實驗．（已知ρ水=1.0g/cm3，取g=10N/kg）

【實驗過程】將下列實驗步驟中空白處補充完整．

（1）用彈簧測力計測出小工藝品的重力G1=2N．

（2）將掛在測力計下方的小工藝品浸沒水中，小工藝品受到______個力的作用，此時測力計的示數F1=1.6 N，則浮力F浮=______ N．

（3）用測力計測出大工藝品的重力G2=3N．

（4）如圖所示，將掛在測力計下方的大工藝品浸沒水中，測力計的示數F2=______ N．

（5）結合測量數據判斷______（選填“大”或“小”）工藝品是空心的．理由是______．

（6）計算合金的密度ρ=______ g/cm3．

（7）空心工藝品空心部分的體積是______cm3．

30．小彬用如圖甲所示的實驗器材探究“電流與電阻的關系”．電源電壓恒為3V，滑動變阻器上標有“20Ω 2A”字樣，阻值分別為5Ω、10Ω、20Ω、50Ω的定值電阻各一個．

（1）（保定中考物理）請你用筆畫線代替導線，把圖甲所示的實驗電路補充完整．

（2）小彬5Ω定值電阻接入電路后，閉合開關，發現電流表有示數而電壓表無示數，則電路中的故障可能是______（寫出一種）；排除故障后，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P，使電流表的示數如圖13乙所示，此時電路中的電流為______A．

（3）將5Ω定值電阻換成10Ω定值電阻，閉合開關，為了保持______表的示數不變，應將滑動變阻器的滑片P向______（選填“A”或“B”）移動，記錄此時各表的示數．

（4）將10Ω定值電阻換成20Ω定值電阻，重復步驟（3）．

（5）實驗記錄的多組數據如表所示．分析數據可得出結論：當電壓一定時，通過導體中的電流與電阻成______比．

實驗次數	定值電阻（Ω）	電流表示數（A）
1	5
2	10	0.18
3	20	0.09

（6）實驗結束后，小彬問老師在此實驗中能否換用50Ω的定值電阻進行實驗？老師指導小彬分析了不能更換的原因．你認為其原因是______．

四、計算題（31題6分，32題8分，共14分）

31．如圖是一款新研發的微型機器人，它可拖動比自身重大很多的物體．機器人質量是1.2×10﹣2kg，它靜止在水平地面上時，與地面的接觸面積是1×10﹣4m2．求：

（1）它受到的重力是多少？（g取10N/kg）

（2）靜止時，它對水平地面的壓強是多少？

（3）若它用120N的水平拉力在10s內勻速拖動重物前進1m，則拉力的功率是多少？

32．如圖1所示，L上標有“6V 3W”字樣，電流表量程為0～0.6A，電壓表量程為0～15V，變阻器R的最大阻值為100Ω．當開關S1閉合、S2斷開，滑片P置于變阻器上的a點時，變阻器連入電路中的電阻為Ra，電流表示數為Ia；當開關S2閉合、S1斷開，移動滑片P，變阻器兩端電壓與其連入電路的電阻關系如圖2所示，當滑片置于b點時，電壓表示數Ub=8V，電流表示數為Ib．已知Ra：R0=12：5，Ia：Ib=3：5．（變阻器上的 a、b兩點均未標出，燈絲電阻不隨溫度變化）求：

（1）小燈泡的電阻；

（2）定值電阻R0和電源電壓；

（3）開關S2閉合、S1斷開，滑片P由變阻器的最左端逐漸向右端移動，當電壓表的示數分別為9V與滿量程時，變阻器消耗電功率的差值．

保定中考物理參考答案與試題解析

1．在物理學發展的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻．下列關于科學家和他們所做貢獻的說法中正確的是（　?。?/p>

A．亞里士多德最早指出力不是維持物體運動的原因

B．牛頓首先測量出大氣壓強的值

C．阿基米德揭示出影響浮力大小的因素

D．奧斯特首先發現電流的熱效應

【考點】力與運動的關系；大氣壓強的測量方法；阿基米德原理；通電直導線周圍的磁場．

【分析】根據物理學史和常識進行解答，記住著名物理學家的主要貢獻即可．

【解答】解：A、伽利略最早指出力不是維持物體運動的原因，力是改變物體運動狀態的原因，故A錯誤；

B、帕斯卡首先測量出了大氣壓的值，故B錯誤；

C、阿基米德對浮力的研究做出了重大貢獻，因此阿基米德揭示出影響浮力大小的因素，故C正確；

D、焦耳首先發現了電流的熱效應，奧斯特發現了電流的磁效應，故D錯誤．

故選C．

【點評】本題考查物理學史和常識性問題，對于物理學上重大發現、發明、著名理論要加強記憶．

2．下列估測最接近實際的是（　　）

A．初中生平均體重約為80㎏

B．農村房檐上的水滴落到地面上的時間約為10s

C．人體的正常體溫約為38.6℃

D．一張百元人民幣的長度約為15cm

【考點】質量的估測；溫度；時間的估測．

【分析】不同物理量的估算，有的需要憑借生活經驗，有的需要簡單的計算，有的要進行單位的換算，最后判斷最符合實際的是哪一個．

【解答】解：A、初中生的平均體重約為50kg，不符合實際；

B、農村房檐上的水滴落到地上的時間約為1s，不符合實際；

C、人的正常體溫約為37℃，38.5℃溫度偏高，不符合實際；

D、一百元人民幣的長度約15cm，符合實際．

故選D．

【點評】物理學中，對各種物理量的估算能力，是我們應該加強鍛煉的重要能力之一，這種能力的提高，對我們的生活同樣具有很大的現實意義

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3．戴眼鏡的同學從寒冷的室外進入溫暖的室內時，眼鏡片上會形成“小水珠”．下列現象中的物態變化方式與“小水珠”形成原因相同的是（　?。?/p>

A．從冰箱取出的凍肉會變軟

B．初冬的清晨，鴨綠江水面上飄著“白氣”

C．人游泳之后剛從水中出來，感覺冷

D．教室內，用久的日光燈管兩端會發黑

【考點】液化及液化現象．

【分析】液化是由氣態變為液態的過程，在液化過程中需要放出熱量．

【解答】解：冬天室內的溫度很高，使周圍空氣中的水蒸氣溫度升高，遇到戴眼鏡同學溫度較低的玻璃鏡片時，熱的水蒸氣發生液化現象變成小水珠附著在鏡片上，所以鏡片上出現霧氣；

A、凍肉會變軟屬于熔化現象，不符合題意；

B、初冬的清晨，鴨綠江水面上飄著“白氣”，是空氣中的水蒸氣遇冷液化形成的，符合題意；

C、人游泳之后剛從水中出來，感覺冷，是汽化吸熱的緣故，不符合題意；

D、用久的日光燈管兩端會發黑是鎢絲先升華后凝華形成的，不符合題意；

故選B

【點評】物態變化的現象在生活中隨處可見，我們要留心觀察，多加思考，用學過的物理知識解釋發生的現象．

4．下表是水的密度隨溫度變化的數據．分析表中的數據不能得出的結論是（　?。?/p>

t/℃	0	1	2	3	4	5	6	7	8
ρ/（kg?m﹣3）	999.84	999.90	999.94	999.97	1000.00	999.97	999.94	999.90	999.85

A．水凝固成冰時體積會變大

B．水在4℃時密度最大

C．溫度高于4℃時，隨著溫度的升高，水的密度越來越小

D．溫度低于4℃時，隨著溫度的降低，水的密度越來越小

【考點】密度與溫度．

【分析】將0～8℃分兩個階段分析：0～4℃，4℃～8℃，然后根據表格中溫度對應的密度數值可得出結論．

【解答】解：A、由表格數據可知，表格中記錄的是在0～8℃水的密度隨溫度變化的情況，沒有涉及到體積，因此不能得出水凝固成冰時體積會變大這一結論，故A符合題意；

B、由表格數據可知，水在4℃時密度為1000.00kg/m3，在0～3℃，5℃～8℃時的密度數值都小于水在4℃時密度，故可以得出水在4℃時密度最大的結論，故B不符合題意；

C、溫度高于4℃時，隨著溫度的升高，密度數值由999.97～999.94～999.90～999.85，由此可得水的密度越來越小，故C不符合題意；

D、溫度低于4℃時，隨著溫度的降低，999.97～999.94～999.90～999.84，由此可得水的密度越來越小，故D不符合題意；

故選A．

【點評】此題通過水的密度隨溫度變化的數據，主要考查了學生的數據處理能力，難易程度適中．

　（保定中考物理）

5．如圖為四沖程汽油機工作過程中的某沖程示意圖，該沖程為（　?。?/p>

A．吸氣過程????????????? B．壓縮過程????????????? C．做功過程????????????? D．排氣過程

【考點】內燃機的四個沖程．

【分析】內燃機的一個工作循環包括吸氣、壓縮、做功和排氣四個沖程；根據氣門的關閉情況和活塞的運行方向判斷是哪一個沖程．

【解答】解：觀察圖可知，汽油機兩個氣門都關閉，活塞下行，高溫高壓的燃氣推動活塞做功，內能轉化為機械能，是做功沖程．

故選：C．

【點評】本題考查了內燃機各個沖程的判斷，明確各個沖程的氣門關閉情況和活塞的運行方向是解題的關鍵．

6．關于電磁波，下列說法錯誤的是（　?。?/p>

A．收音機、電視機和移動電話都是靠電磁波來傳遞信息的

B．跟水波類似，電磁波也有自己的頻率、波長和波速

C．真空中電磁波的波速約為30萬千米每秒

D．微波爐內的微波是一種波長很長、頻率很低的電磁波

【考點】電磁波的傳播．

【分析】電磁波是周期性變化的電場與磁場相互激發由近及遠的傳播，其傳播不需要介質，可以用來傳遞信息．

【解答】解：A、電視機、收音機和移動電話所接收的信號是無線電波，手機接收的信號是微波，也是無線電波；故都屬于電磁波，故A正確；

B、跟水波類似，電磁波也有自己的頻率、波長和波速，電磁波在傳播過程中，其頻率紿終保持不變，波長會隨波速的改變而改變，故B正確；

C、在真空中電磁波的傳播速度為3×108m/s，故C正確；

D、微波爐內的微波是一種高頻率、波長短的電磁波，故D錯誤．

故選D．

【點評】知道電磁波的產生、傳播特點等是解決該題的關鍵．

7．（保定中考物理）如圖中，小磁針靜止后指向正確的是（　?。?/p>

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【考點】通電螺線管的磁場．

【分析】首先根據電源的正負極判定電流方向，由電流方向判斷通電螺線管的磁極．然后根據磁極間的相互作用判定小磁針指向正確性．

【解答】解：A圖中根據安培定則，如圖所示：，由磁極間的相互作用可知，小磁針右端應為S極，故A錯誤；

B圖中中根據安培定則，如圖所示：由磁極間的相互作用可知，小磁針上端應為S極，故B錯誤；

C圖中根據安培定則，如圖所示：由磁極間的相互作用可知，小磁針右端應為N極，故C正確；

D圖中根據安培定則，如圖所示：由磁極間的相互作用可知，小磁針應逆時針轉動，轉到水平方向，且左端應為S極，故D錯誤．

故選C．

【點評】小磁針北極的指向、螺線管的磁極、電流的方向，知道其中的一者，其他的兩者都能進行判斷．

A．一定是圖線a????????????? B．一定是圖線b????????????? C．可能是圖線b????????????? D．可能是圖線c

【考點】速度與物體運動．

【分析】由甲運動時間可得到乙的運動時間，由甲、乙6s后相距2m，得到乙通過的距離，由此計算出乙的速度．根據圖象得到a、b、c的速度判斷即可．

【解答】解：

由題，甲比乙先運動2秒，甲運動6s，所以乙運動時間t=4s，

此時甲、乙間的距離為2m，所以乙運動的路程可能是s=s甲+2m=6m+2m=8m，也可能是s′=s甲﹣2m=6m﹣2m=4m，

由v=，

乙的速度可能是v===2m/s，也可能是v′===1m/s．

由圖線a，當s=8m時，t=4s，所以圖線a表示的速度va==2m/s；

由圖線b，當s=8m時，t=5.5s，所以圖線b表示的速度vb=≈1.45m/s；

由圖線c，當s=6m時，t=6s，所以圖線c表示的速度vc==1m/s．

由此可知，a、c都有可能是乙的s﹣t的圖線，所以ABC錯誤，D正確．

故選D．

【點評】本題考查了速度的計算和s﹣t圖象的認識和理解，要從圖象中獲取有用信息，正確理解甲、乙間的距離為2米是計算出乙速度的關鍵．

9．圖中畫的是王小剛同學的眼鏡，從眼鏡判斷，他的眼睛（　?。?/p>

A．是遠視眼

B．是近視眼

C．視力正常，眼鏡是太陽鏡

D．一只眼視力基本正常，另一只是近視眼

【考點】遠視眼的成因與矯正辦法．

【分析】遠視眼戴凸透鏡，物體在凸透鏡的一倍焦距以內，物體成正立的、放大的虛像．

近視眼戴凹透鏡，物體射出的光線經凹透鏡后發散，發散光線的反向延長線會聚成像，成正立、縮小的虛像．

太陽鏡是透明的厚度相同的玻璃，戴上太陽鏡看物體，不改變物體的大小．

【解答】解：通過眼鏡看書本上的文字，通過兩個鏡片都看到放大的字，所以小剛戴的眼鏡兩個都是凸透鏡，是遠視眼鏡，小剛的眼睛是遠視眼．

故選A．

【點評】掌握凸透鏡、凹透鏡、透明玻璃的成像情況是解決本題的關鍵．

10．（保定中考物理）在如圖的電路中，電源電壓保持不變，當開關S從斷開到閉合時，電路中（　　）

A．電流表的示數變小，電壓表的示數變小

B．電流表的示數變小，電壓表的示數不變

C．電流表的示數不變，電壓表的示數變小

D．電流表的示數不變，電壓表的示數不變

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】由圖知，S斷開時，兩電阻串聯，電壓表R1兩端電壓，電流表測電流中電流；S閉合后，只有R2連入電路中，電流表和R1短路．由此分析電表的示數變化情況．

【解答】解：

由電路圖可知，S斷開時，兩電阻串聯，電壓表R1兩端電壓，電流表測電路中電流；

S閉合后，只有R2連入電路中，電流表和R1短路，電壓表測開關所在導線兩端電壓，所以電流表和電壓表示數都變為0，即兩表示數都變?。?/p>

故選A．

【點評】本題是關于電表示數變化的問題，關鍵是正確分析S閉合前后電路的連接情況．

11．如圖為某同學設計的部分家庭電路示意圖，其中電器元件連接錯誤的是（　　）

A．空氣開關????????????? B．二孔插座????????????? C．帶開關的燈泡????????????? D．三孔插座

【考點】家庭電路的連接．

【分析】火線首先進入開關，然后進入燈泡頂端的金屬點；零線直接進入螺旋套．火線接在燈泡的頂端，在更換燈泡時，斷開開關，切斷火線，更安全．

【解答】解：A、空氣開關相當于保險絲，串聯在干路中，連接正確，故A不合題意；

B、兩孔插座，與其他用電器并聯，接線左零右火，連接正確，故B不合題意；

C、開關接在火線和接在零線上都能控制燈泡，但是接在火線上，當開關斷開時，能切斷火線；開關接在零線上，開關斷開時，燈泡連接著火線，不安全．由圖可知，這位同學連接的電路中明顯的錯誤是開關接在零線上了，故C符合題意；

D、三孔插座與其他用電器并聯，接線左零右火上地線，連接正確，故D不合題意．

故選C．

【點評】掌握家庭電路中燈泡、開關、保險絲、兩孔插座、三孔插座的接法．屬于基礎知識考查．

12（保定中考物理）將燒瓶內的水加熱至沸騰后移去火焰，水會停止沸騰．迅速塞上瓶塞，把燒瓶倒置并向瓶底澆冷水（如圖），你會觀察到燒瓶內的水又沸騰起來，產生這一現象的原因是（　?。?/p>

A．瓶內氣體溫度升高，壓強增大，水的沸點降低

B．瓶內氣體溫度降低，壓強減小，水的沸點降低

C．瓶內氣體溫度降低，壓強減小，水的沸點升高

D．瓶內氣體溫度升高，壓強減小，水的沸點升高

【考點】沸點及沸點與氣壓的關系．

【分析】從液體沸點與氣壓關系角度來分析，氣壓減小，沸點降低．

【解答】解：水停止沸騰后．迅速塞上瓶塞，把燒瓶倒置并向瓶底澆冷水，會看到燒瓶中的水重新沸騰．因為當向瓶底澆冷水時，瓶內氣體溫度突然降低，瓶內的水蒸汽遇冷液化，氣壓減小，瓶內液面上方氣壓減小，導致沸點降低，所以水重新沸騰起來的．

故選B．

【點評】本題考查學生對液體壓強與沸點的關系以及物態變化的掌握情況．

13．關于歐姆定律的表達式I=U/R下列說法正確的是（　　）

A．導體兩端的電壓與通過導體的電流成正比

B．通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比

C．電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端的電壓成正比

D．電壓一定時，導體的電阻與通過導體的電流成反比

【考點】歐姆定律．

【分析】根據歐姆定律的內容：一段導體中的電流跟這段導體兩端的電壓成正比，跟這段導體的電阻成反比進行解答．

【解答】解：根據歐姆定律的內容可知：對于某一段導體來說電阻的阻值不變，即電阻一定時，導體中的電流與導體兩端的電壓成正比；當導體兩端的電壓一定時，通過導體的電流與導體的電阻成反比．故ABD選項不正確，C選項正確．

故選C．

【點評】本題考查了學生對歐姆定律內容的掌握和理解，是一道基礎題目．

14．現代社會倡導文明出行，某班同學對十字路口人行橫道的紅、綠交通信號燈進行了觀察，畫出了如圖所示的控制人行紅、綠燈的電路圖，你認為可行的是（　?。?/p>

A．????????????? B．????????????? C．????????????? D．

【考點】電路圖及元件符號．

【分析】根據生活經驗可知，紅綠交通信號燈不能同時工作、且互不影響即為并聯，然后分析選項得出答案．

【解答】解：A、兩開關均閉合時紅綠交通信號燈同時發光，只閉合一個開關均不發光，故A不正確；

B、只閉合開關S1時綠燈亮，只閉合開關S2時紅燈亮，兩燈獨立工作，互不影響，故B正確；

C、兩開關都閉合時會造成電源短路且兩燈泡不發光，任何一個開關斷開時紅綠交通信號燈同時發光，故C不正確；

D、當只閉合開關S2時，兩燈泡都發光；只閉合S1時綠燈亮．故D不正確．

故選B．

【點評】本題考查了電路圖的設計，關鍵是知道紅綠交通信號燈兩燈泡不會同時亮，要注意從選項中找出最符合題意的答案．

15．如圖所示，不計摩擦和繩重，把一個重為20N的物體沿豎直方向在4s內勻速提升了2m，所用拉力F為12.5N．下列說法中正確的是（　?。?/p>

A．動滑輪重7.5N????????????? B．4s內拉力F做功25J

C．4s內拉力F的功率為6.25W????????????? D．滑輪組的機械效率為80%

【考點】功率的計算；滑輪（組）的機械效率．

【分析】根據圖象可知，n=2；

（1）根據F=（G+G動）計算動滑輪的重力．

（2）根據W=Fs計算拉力做的功；

（3）根據P=計算功率；

（4）根據η=計算滑輪組的機械效率．

【解答】解：根據圖示可知，n=2；

A、不計繩重和摩擦，F=（G+G動），

即：12.5N=（20N+G動），G動=5N；故A錯誤．

B、自由端移動的距離：s=2h=2×2m=4m，拉力做的功為：W=Fs=12.5N×4m=50J；故B錯誤；

C、拉力F的功率P===12.5W，故C錯誤；

D、該滑輪組的機械效率為：η====80%；故D正確．

故選D．

【點評】本題考查了有用功、總功、機械效率、動滑輪重力的計算，根據題圖確定n的大?。ㄖ苯訌膭踊喩弦龅睦K子股數）是本題的突破口，靈活選用公式計算是關鍵．

16．如圖所示，在探究凸透鏡成像規律的實驗中，當蠟燭和凸透鏡之間的距離為26cm時，在光屏上得到一個清晰縮小的實像．下列說法正確的是（　　）

A．該凸透鏡的焦距小于13cm

B．只將凸透鏡向左移，可以在光屏上得到清晰放大的像

C．只將蠟燭和光屏互換，可以在光屏上得到清晰縮小的像

D．將蠟燭遠離凸透鏡時，為了在光屏上得到清晰的像，應將光屏遠離凸透鏡

【考點】凸透鏡成像規律及其探究實驗．

【分析】掌握凸透鏡成像的規律，知道但物距大于2f時，成倒立縮小的實像；

且成實像時，遵循物近像遠像變大的特點．

【解答】解：

A、觀察圖示可知在光屏上得到一個清晰縮小的實像，則u=26cm＞2f，解得f＜13cm，故A正確；

B、只將凸透鏡向左移，減小物距，增大像距，可以在光屏上得到清晰放大的像，故B正確；

C、只將蠟燭和光屏互換，可以在光屏上得到清晰放大的像，C錯誤；

D、蠟燭遠離凸透鏡時，為了在光屏上得到清晰的像，應將光屏應靠近凸透鏡，D錯誤．

故選AB．

【點評】本題主要探究的是凸透鏡成像的規律，這是今后學習光學，研究光現象的基礎，應該熟練掌握，并注意加以區分，不能混淆．

17．（保定中考物理）如圖是帆船在海面航行的情景，下列關于帆船的說法中正確的是（　?。?/p>

A．帆船需要風吹才能前進說明運動需要力來維持

B．比賽中的帆船速度有變化但慣性不變

C．帆船的重力與受到的浮力是一對平衡力

D．風給帆船提供的動力與水對帆船的阻力是相互作用力

【考點】平衡力的辨別；慣性；平衡力和相互作用力的區分；力與運動的關系．

【分析】（1）力是改變物體運動狀態的原因，維持物體運動不需要力；

（2）慣性是物體保持原來運動狀態不變的性質，慣性的大小只與物體的質量有關；

（3）一對平衡力必須大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在同一物體上；

（4）一對相互作用力大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在不同物體．

【解答】解：A、帆船需要風吹才能前進說明力可以改變物體的運動狀態，而不能說明運動需要力來維持，故A錯誤；

B、比賽中的帆船速度有變化，但其質量不變，所以慣性大小不變，故B正確；

C、帆船的重力與受到的浮力大小相等、方向相反、作用在一條直線上、作用在同一物體上，是一對平衡力，故C正確；

D、一對相互作用力必須作用在不同的物體上，風給帆船提供的動力與水對帆船的阻力作用在同一物體上，不是相互作用力，故D錯誤．

故選BC．

【點評】本題以帆船運動為內容，考查了力與運動的關系、平衡力與相互作用力的辨別、慣性現象等，綜合性強，但難度不大．

18．如圖所示，電源電壓保持不變，R1和R2為定值電阻．下列說法正確的是（　?。?/p>

A．只閉合S1，滑片P向左滑動，電壓表示數變大

B．先閉合S1，再閉合S2，電壓表示數變大，電流表示數不變

C．先閉合S1和S2，再閉合S3，電壓表與電流表示數的比值變小

D．閉合S1、S2和S3，滑片P向右滑動，電壓表與電流表示數的比值不變

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】（1）由圖知，只閉合S1，滑動變阻器和兩個電阻串聯，電壓表測R2兩端電壓，由串聯電路的分壓原理分析滑片左滑時電壓表示數變化情況；

（2）先閉合S1，再閉合S2，只有R2連入電路中，由電壓表測R2兩端電壓（或電源電壓），電流表測電路中電流，由此分析電表示數的變化情況；

（3）先閉合S1和S2，再閉合S3，滑動變阻器和R1、R2并聯，電壓表測電源電壓，電流表測R1、R2的總電流，由此分析電壓表與電流表示數的比值變化情況；

滑片P向右滑動，壓表與電流表比值仍等于R1、R2并聯的總電阻，由此知兩表比值的變化．

【解答】解：

A、由圖，只閉合S1時，電路連接情況如圖所示：

此時滑動變阻器和R1、R2串聯，電壓表測R2兩端電壓，滑片左滑時變阻器連入阻值變小，由串聯電路的分壓原理可知，變阻器分壓減小，R2分得電壓變大，即電壓表示數變大，故A正確；

B、先閉合S1，再閉合S2，電路連接情況如圖所示：

此時只有R2接入電路中，此時電壓表測R2電壓（也是電源電壓），所以電壓表示數變大；由A知，只閉合S1時電流表未接入電路，示數為0，所以再閉合S2后電流表示數變大，故B錯誤；

CD、由B知，閉合S1和S2時，電壓表與電流表比值等于R2的阻值，

再閉合S3，電路連接情況如圖所示：

此時滑動變阻器和R1、R2并聯，電壓表測電源電壓，電流表測R1、R2的總電流，所以電壓表與電流表比值等于R1、R2并聯的總電阻，并聯電路的總電阻小于任一支路電阻，所以電壓表與電流表比值變小，故C正確；

滑片P向右滑動，壓表與電流表比值仍等于R1、R2并聯的總電阻，所以比值不變，故D正確．

故選ACD．

【點評】本題考查了串聯和并聯電路特點、歐姆定律的應用，解題的關鍵在于正確分析開關在不同狀態下電路結構．

二、（保定中考物理）填空及簡答題（本大題共8個小題；每空1分，共24分）

19．一束光入射到平面鏡上，入射光線與鏡面的夾角為35度，則反射角為　55　度．

【考點】光的反射定律．

【分析】法線垂直于反射面；入射角是入射光線與法線的夾角；反射光線與法線的夾角是反射角；光的反射現象中，反射角等于入射角．由此解答．

【解答】解：

入射光線與鏡面的夾角是35°，所以入射角為90°﹣35°=55°．

因為在反射現象中反射角等于入射角，所以反射角也是55°．

故答案為：55．

【點評】此題主要考查了光的反射定律的內容，同時還考查了入射角與反射角的概念，是一道基礎題．

20．人們都有這樣的體會：撐著太陽傘走在大路上（如圖所示），一陣強風水平吹過來，傘面會向上翻，這是因為傘面上方空氣流速　大于　傘面下方空氣流速．傘的上表面受到的氣體壓強　小于　下表面受到的氣體壓強，導致傘面受到向上的壓力　大于　向下的壓力．（選填“大于”或“小于”）

【考點】流體壓強與流速的關系．

【分析】本題利用流體壓強與流速的關系來分析：傘上方空氣流速大壓強小，下方空氣流速小壓強大，傘在壓強差的作用下，受到升力作用被吸起來．

【解答】解：傘上方凸起，呈弧形，在相同時間內，空氣經過上方的路程長，速度大；經過下方的路程短，速度?。戏娇諝饬魉僭酱螅瑝簭娫叫?；下方空氣流速越小，壓強越大．所以傘下方的氣壓大于傘上表面的氣壓，導致傘面受到向上的壓力大于向下的壓力，所以傘會被向上吸起來．

故答案為：大于；小于；大于．

【點評】本題考查流體壓強與流速的關系，通過分析傘上下方空氣的流速來判斷壓強的大小是解決本題的關鍵．

21．在“節能減排，低碳生活”的理念下，太陽能越來越受到人們的青睞，太陽能屬于　可再生　能源（填“可再生”或“不可再生”）．許多家庭安裝了太陽能熱水器，太陽能熱水器主要是通過　熱傳遞　方式增加水的內能．裝有40kg水的熱水器溫度升高25℃，水的內能增加了　4.2×106　J．【水的比熱容c=4.2×103J/（kg?℃）】

【考點】太陽能熱水器中的熱量計算．

【分析】（1）可再生能源的特點是可以重復利用，取之不盡用之不竭，例如風能、水能、太陽能等；

（2）改變物體內能的方式有兩種：做功和熱傳遞；

（3）知道水的質量、水的比熱容、水升高的溫度，利用吸熱公式Q吸=cm△t求水吸收的熱量．

【解答】（保定中考物理）解：

（1）太陽能可以在短時間內重復得到，所以是可再生能源；

（2）太陽能熱水器是利用太陽能的照射把熱轉移給了水，使水的內能增大，溫度升高，所以是通過熱傳遞方式增加水的內能的；

（3）水吸收的熱量Q吸=cm△t=4.2×103J（kg?℃）×40kg×25℃=4.2×106J．水吸熱內能增加，所以增加的內能與水吸收的熱量相等．

故答案為：可再生；熱傳遞；4.2×106．

【點評】此題考查了可再生能源和不可再生能源分類的判斷，改變內能的方法和比熱容公式的應用，是一道基礎題．

22．如圖所示，物體A重20N，滑輪重1N，繩重不計，彈簧秤示數為25N，則物體B的重為　12　N．A對地面的壓力為　8　N．

【考點】力的合成與應用；二力平衡條件的應用；定滑輪及其工作特點．

【分析】解決此題的關鍵是要知道滑輪兩端拉力大小相等，可首先對滑輪進行受力分析，根據力的平衡去分析，然后對A、B物體進行受力分析，根據力的平衡去求解．

【解答】解：B物體在重力和拉力的作用下處于靜止狀態，故F=GB，對滑輪進行受力分析，滑輪受到了彈簧向上的拉力、本身的重力、兩端繩子的拉力，根據力的平衡，可知彈簧秤示數=G滑輪+2F，故物體B的重力GB=12N；

對A物體進行受力分析，受到了繩子對A向上的拉力F，地面對A向上的支持力N，本身的重力GA，因A也處于平衡狀態，故F+N=GA，所以

N=8N，A對地面的壓力也是8N．

故答案為：12，8．

【點評】解決此類題目的關鍵是選擇合適的研究對象進行受力分析，然后根據力的平衡知識去求解問題．

23．小華用電能表測量家中電熱淋浴器的實際功率和效率，他將家中其他用電器與電源斷開，僅讓電熱淋浴器工作20min，他家的電能表示數變化如圖所示，同時，電熱淋浴器內質量為25kg，初溫為20℃的水被加熱到50℃，已知C水=4.2×103J/（kg?℃）．那么這個電熱淋浴器的實際功率是　3000　W．電熱淋浴器的效率是　87.5%　．

【考點】電功與熱量的綜合計算．

【分析】（1）根據電能表的示數差得出消耗的電能，再根據P=求出電熱淋雨器的實際功率；

（2）知道水的質量、水的比熱容、水的初溫和末溫，利用吸熱公式Q吸=cm（t﹣t0）求出水吸收的熱量；

利用η=×100%求出此過程電熱淋浴器的熱效率．

【解答】解：（1）電熱淋浴器消耗的電能：

W=1288.5kW?h﹣1287.5kW?h=1kW?h=3.6×106J=3.6×106J，

電熱淋浴器的實際功率：P===3000W；

（2）水吸收的熱量：

Q吸=cm（t﹣t0）

=4.2×103J/（kg?℃）×25kg×（50℃﹣20℃）

=3.15×106J；

電熱淋浴器的熱效率：η=×100%=×100%=87.5%．

故答案為：3000；87.5%．

【點評】本題是一道電學與熱學的綜合計算題，考查了熱量的計算、電功的計算、功率的計算、電熱淋浴器的效率的計算，要注意區分哪些是有用能量（被水吸收的）、哪些是總能量（消耗的電能）．

24．2014年4月，我海軍372號潛艇在高密度海水區域內沿水平方向潛航，如圖所示．潛艇總質量3.3×103t，體積為3×103m3，高密度海水密度為　1.1×103　kg/m3．潛航時，不慎全部駛入密度為1.02×103kg/m3的低密度海水區域，導致浮力減小了　2.4×106　N，導致潛艇加速下沉，當儀表顯示海水壓強為4×106Pa時，潛艇表面1cm2的面積受到海水壓力　400　N，達到潛艇承受極限．官兵緊急排出水艙內的水，潛艇最終轉危為安．（g取10N/kg）

【考點】密度的計算；阿基米德原理．

【分析】①懸浮的物體，浮力等于重力；其平均密度與所浸入的液體密度相同．已知潛艇總質量和體積，可以得到平均密度，據此得到高密度海水密度值；

②已知潛艇體積和低密度海水密度，可以得到在此海域受到的浮力，與懸浮在高密度海水中受到的浮力之差，就是減小的浮力；

③已知潛艇受到海水的壓強和受力面積，利用公式F=pS得到受到的海水壓力．

【解答】解：

①潛艇的平均密度為ρ潛艇===1.1×103kg/m3，

所以高密度海水的密度為ρ高=ρ潛艇=1.1×103kg/m3；

②潛艇在高密度海水中受到的浮力為F浮=G潛艇=m潛艇g=3.3×106kg×10N/kg=3.3×107N，

潛艇在低密度海水中受到的浮力為F浮′=ρ低gV排=1.02×103kg/m3×10N/kg×3×103m3=3.06×107N；

潛艇受到的浮力減小了△F=F浮﹣F浮′=3.3×107N﹣3.06×107N=2.4×106N；

③因為p=，

所以潛艇表面1cm2的面積受到海水壓力為F=pS=4×106Pa×10﹣4m2=400N．

故答案為：1.1×103；2.4×106；400．

【點評】此題是一道力學綜合題，考查了物體的浮沉條件、阿基米德原理和壓強變形公式的應用，屬于力學重要規律的考查．

25．一種亮度可以調節的小臺燈，其電路如圖甲所示．電源電壓為24V，燈泡L的額定電壓為24V，通過燈泡L的電流跟其兩端電壓的關系如圖乙所示．當燈泡正常發光時，燈絲的電阻為　60　Ω．調節滑動變阻器R，使燈泡兩端的電壓是12V，則燈泡的實際功率為　3.6　W，滑動變阻器R連入電路的阻值是　40　Ω．

【考點】歐姆定律的應用；電功率的計算．

【分析】（1）燈泡正常發光時的電壓和額定電壓相等，根據圖象讀出通過燈泡的電流，利用歐姆定律求出燈泡正常發光時燈絲的電阻；

（2）由電路圖可知，R與L串聯，根據圖象讀出燈泡兩端的電壓是12V時的電流，根據P=UI求出燈泡的實際功率，根據串聯電路的電壓特點求出變阻器兩端的電壓，利用串聯電路的電流特點和歐姆定律求出滑動變阻器R連入電路的阻值．

【解答】（保定中考物理）解：（1）燈泡正常發光時的電壓為24V，由圖乙可知通過燈泡的電流IL=0.4A，

由I=可得，此時燈絲的電阻：

RL===60Ω；

（2）由電路圖可知，R與L串聯，由圖象可知燈泡兩端的電壓是12V時，通過燈泡的電流IL′=0.3A，

此時燈泡的實際功率：

PL′=UL′IL′=12V×0.3A=3.6W，

因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以，滑動變阻器兩端的電壓：

U滑=U﹣UL′=24V﹣12V=12V，

因串聯電路中各處的電流相等，

所以，滑動變阻器R連入電路的阻值：

R滑====40Ω．

故答案為：60；3.6；40．

【點評】本題考查了串聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，關鍵是根據圖象讀出不同電壓下通過燈泡的電流，要注意燈泡的電阻是變化的．

26．小球在沒有空氣阻力的情況下，沿無摩擦軌道運動．

（1）如圖1所示，小球從A點靜止釋放，小球到達C點時速度是否為零？　是　．

（2）針對小球的運動，從勢能與動能相互轉化的角度提出一個問題并回答．

問題：　小球向下運動的過程中，動能和勢能是如何轉化的??？回答：　重力勢能逐漸轉化為動能?。?/p>

（3）將軌道BC段改為水平，如圖2所示．小球仍從A點靜止釋放，小球經過M點時的機械能大于、小于還是等于其在A點的機械能？　等于?。孕∏蚪涍^M點時為計時起點，大致畫出小球在MN段運動的速度﹣時間圖線．（如圖3）

（4）小球在MN段運動的過程中受到哪些力的作用？　重力、支持力　．維持小球運動的原因是什么？　小球具有慣性?。?/p>

【考點】動能和勢能的轉化與守恒；力與運動的關系．

【分析】（1）在不計阻力和摩擦的情況下，機械能是守恒的．

（2）動能和勢能之間可以相互轉化，根據其不同運動階段可判斷其機械能轉化情況；

（3）據牛頓第一運動定律可知，一切物體在沒有受到外力時，總保持靜止狀態或勻速直線運動狀態；

（4）根據小球在水平面的運動情況，可從慣性角度做出解釋，同時可確定其受力情況．

【解答】解：（1）小球從A點靜止釋放，由于不計空氣阻力和摩擦，沒有機械能的損失，所以小球到達C點時速度是0；

（2）由于動能和勢能之間可以相互轉化，所以小球向下運動的過程中，重力勢能逐漸轉化為動能；同樣，小球向上運動的過程中，動能轉化逐漸為重力勢能．

（3）據題目可知，由于不計空氣阻力和摩擦，機械能是守恒的，所以小球經過M點時的機械能是等于其在A點的機械能的；

同時由于不計空氣阻力和摩擦力，小球原來是運動的，所以小球在MN段做勻速直線運動，如下圖：

（4）由題意可知，軌道無摩擦，小球在MN段運動的過程中受到重力和支持力的作用；

小球只所以在MN段仍可繼續向前運動，是因為小球具有慣性．

故答案為：（1）是；

（2）小球向下運動的過程中，動能和勢能是如何轉化的？重力勢能逐漸轉化為動能．（合理即可）

（3）等于；圖象見上圖；

（4）重力、支持力；小球具有慣性．

【點評】讀懂題意，知道在不計空氣阻力和摩擦的情況下，機械能是守恒的．會分析動能與勢能的轉化，會對物體進行受力分析等，是解答本題的關鍵．

三、（保定中考物理）實驗探究題（共25分）

27．小剛和小明等同學一起做“探究杠桿的平衡條件”的實驗

（1）小剛將杠桿中點置于支架上，當杠桿靜止時，發現杠桿的左端上翹，此時，他應將杠桿兩端的平衡螺母向　左?。ㄟx填“左”或“右”）調節，使杠桿在水平位置平衡．

（2）如圖所示，若每個鉤碼重0.5N，且杠桿上每格相等，小明在杠桿左端圖示位置處掛上3個鉤碼，為使杠桿在水平位置平衡，他在圖中A處施加一個方向向上的力F1，此力大小至少為　2　N．

（3）若推去力F1，改在杠桿右端B處施加一個方向向下的力F2（如圖乙所示），仍使杠桿平衡，請在圖乙中畫出力F2的力臂．

【考點】探究杠桿的平衡條件實驗．

【分析】（1）實驗前調節杠桿在水平位置平衡，將平衡螺母向較高的一端調節；

（2）根據杠桿的平衡條件：F1L1=F2L2，力要最小，力臂須最大，由此分析計算最小力；

（3）力臂是支點到力的作用線的距離，由此畫出F2的力臂．

【解答】解：

（1）杠桿左端上翹，此時應將杠桿兩端的平衡螺母向左調節；

（2）根據杠桿的平衡條件可知，當力臂最大時，力才最小，由圖以A到O點距離為力臂是最大的力臂，則力方向應豎直向上，若杠桿上每格長為l，

F1×3l=3×0.5N×4l，

所以F1=2N；

（2）先延長力的作用線，再從O點作它的垂線，即F2的力臂，如圖所示：

故答案為：（1）左；（2）2；（3）見上圖．

【點評】此題是探究杠桿的平衡條件實驗，考查了杠桿的調節及平衡條件的應用以及力臂的畫法，要分析過程中，要注意力和力臂的統一，力臂的作圖要規范．

（1）導體棒ab左右運動，如圖甲所示，電流表指針　不發生偏轉　，這是因為　開關沒有閉合?。?/p>

（2）導體棒ab左右運動，如圖乙所示，電流表指針　發生偏轉　．

（3）導體棒ab上下運動，如圖丙所示，電流表指針　不發生偏轉?。?/p>

（4）結合上面實驗現象，可以得出感應電流產生的條件是：　閉合電路的一部分導體；在磁場中做切割磁感線運動　．

【考點】探究電磁感應現象的實驗．

【分析】產生感應電流的條件：閉合電路的部分導體在磁場中做切割磁感線運動

【解答】解：

（1）導體水平左右運動，如圖甲所示，電流表指針不偏轉，因為開關沒有閉合；

（2）導體水平左右運動，如圖乙所示，導體做切割磁感線的運動，電路中有電流產生，電流表指針偏轉．

（3）導體豎直上下運動，如圖丙所示，電流表指針不發生偏轉，因為導體沒有作切割磁感線運動；

（4）由此可得出，感應電流產生的條件：閉合電路的一部分導體在磁場中做切割磁感線運動，導體中有感應電流．

故答案為：（1）不發生偏轉；開關沒有閉合；（2）發生偏轉；（3）不發生偏轉；（4）閉合電路的一部分導體；在磁場中做切割磁感線運動．

【點評】本題考查了產生感應電流的條件，一為閉合電路路、二為部分導體做切割磁感線，兩個缺一不可．

29．（保定中考物理）由某種合金制成的兩個大小不同的工藝品，其中一個實心，一個空心．小華為判定哪個是空心的，進行了如下實驗．（已知ρ水=1.0g/cm3，取g=10N/kg）

【實驗過程】將下列實驗步驟中空白處補充完整．

（1）用彈簧測力計測出小工藝品的重力G1=2N．

（2）將掛在測力計下方的小工藝品浸沒水中，小工藝品受到　3　個力的作用，此時測力計的示數F1=1.6 N，則浮力F浮=　0.4　 N．

（3）用測力計測出大工藝品的重力G2=3N．

（4）如圖所示，將掛在測力計下方的大工藝品浸沒水中，測力計的示數F2=　2.2　 N．

（5）結合測量數據判斷　大?。ㄟx填“大”或“小”）工藝品是空心的．理由是　大工藝品所受浮力是小工藝品所受浮力的二倍，說明大工藝品體積是小工藝品體積的二倍，但質量小于二倍關系?。?/p>

（6）計算合金的密度ρ=　5.0　 g/cm3．

（7）空心工藝品空心部分的體積是　20　cm3．

【考點】固體的密度測量實驗．

【分析】（1）對浸沒水中的小工藝品受力分析可知受到的力，利用稱重法求出受到的浮力；

（2）根據彈簧測力計的分度值讀出示數；

（3）根據稱重法求出大工藝品受到的浮力，根據阿基米德原理求出大工藝品和小工藝品排開水的體積即為工藝品的體積，根據密度公式和重力公式求出兩者的密度，密度大的為實心的且密度為合金的密度，小的為空心的；

（4）根據密度公式求出空心工藝品中合金的體積，總體積減去合金的體積即為空心部分的體積．

【解答】解：

實驗過程：

（2）對浸沒水中的小工藝品受力分析可知，小工藝品受到豎直向下的重力和豎直向上繩子的拉力、液體的浮力，故小工藝品受到三個力的作用；

根據稱重法可知，小工藝品受到的浮力F浮=G1﹣F1=2N﹣1.6N=0.4N；

（4）圖中彈簧測力計的分度值為0.2N，測力計的示數F2=2.2N；

（5）大工藝品受到的浮力F浮′=G2﹣F2=3N﹣2.2N=0.8N，

大工藝品所受浮力是小工藝品所受浮力的二倍，說明大工藝品體積是小工藝品體積的二倍，但質量小于二倍關系，

可以判斷大工藝品是空心的；

（6）兩者完全浸沒，根據阿基米德原理可得，兩者排開液體的體積即合金的體積：

V1===4×10﹣5m3，V2===8×10﹣5m3，

根據m=得小工藝品的質量m1===0.2kg，大工藝品的質量m2===0.3kg；

小工藝品的密度ρ1===5×103kg/m3=5g/cm3，

即合金的密度為5g/cm3

（7）大工藝品中合金的體積：

V合金===6×10﹣5m3，

空心工藝品空心部分的體積：

V空=V2﹣V合金=8×10﹣5m3﹣6×10﹣5m3=2×10﹣5m3=20cm3．

故答案為：（2）3；0.4；（4）2.2；（5）大；大工藝品所受浮力是小工藝品所受浮力的二倍，說明大工藝品體積是小工藝品體積的二倍，但質量小于二倍關系；（6）5.0；（7）20．

【點評】本題考查了稱重法求浮力和阿基米德原理、密度公式的應用以及彈簧測力計的讀數，關鍵是會根據兩者的密度判斷是否空心和空心部分體積的計算．

（1）請你用筆畫線代替導線，把圖甲所示的實驗電路補充完整．

（2）小彬5Ω定值電阻接入電路后，閉合開關，發現電流表有示數而電壓表無示數，則電路中的故障可能是　定值電阻R1短路　（寫出一種）；排除故障后，閉合開關，調節滑動變阻器的滑片P，使電流表的示數如圖13乙所示，此時電路中的電流為　0.36　A．

（3）將5Ω定值電阻換成10Ω定值電阻，閉合開關，為了保持　電壓　表的示數不變，應將滑動變阻器的滑片P向　A?。ㄟx填“A”或“B”）移動，記錄此時各表的示數．

（4）將10Ω定值電阻換成20Ω定值電阻，重復步驟（3）．

（5）實驗記錄的多組數據如表所示．分析數據可得出結論：當電壓一定時，通過導體中的電流與電阻成　反　比．

實驗次數	定值電阻（Ω）	電流表示數（A）
1	5
2	10	0.18
3	20	0.09

（6）實驗結束后，小彬問老師在此實驗中能否換用50Ω的定值電阻進行實驗？老師指導小彬分析了不能更換的原因．你認為其原因是　滑動變阻器最大阻值太小，無法保持電壓表示數為1.8V?。?/p>

【考點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗．

【分析】（1）電壓表與電阻并聯，電流表、滑動變阻器與電阻串聯，滑動變阻器要接一上一下；

（2）根據電流表和電壓表有示數進行分析具體原因；根據電流表的量程和分度值讀出電流值；

（3）根據串聯電路的分壓特點，換接電阻后，應保持電壓表的示數不變，根據串分壓的知識判斷滑片的移動方向；

（5）電流與電阻的關系：電壓一定，電流與電阻成反比；

（6）根據歐姆定律求出若換用50Ω的定值電阻進行實驗時結合串聯電路的分壓特點即可判斷電壓表最大示數．

【解答】解：（1）電壓表與電阻并聯，由于電源電壓為3V，所以應選擇0～3V的量程；滑動變阻器已接了下面一個接線柱，可再接上面任意一個接線柱，如圖所示：

（2）電流表有示數，電壓表無示數，說明與電壓表并聯部分發生短路，或定值電阻R1短路；由乙圖知，電流表的量程為0～0.6A，分度值為0.02A，示數為0.36A；

（3）將5Ω電阻換成10Ω后，電壓表的示數會變大，所以應該增大滑動變阻器的阻值，即應將滑動變阻器的滑片P向A移動，使電壓表仍為原來的示數不變；

（5）電流和電阻的關系為：當電壓一定時，通過導體中的電流與電阻成反比；

（6）當定值電阻為50Ω時，此時滑動變阻器最大阻值為20Ω，

根據串聯電路的分壓特點可知： =，

所以， =，

則定值電阻兩端最小電壓為×3V≈2.14V＞1.8V，

由此可知無法保持定值電阻兩端電壓始終為1.8V．

故答案為：（1）見上圖；（2）定值電阻R1短路；0.36；（3）電壓；A；（5）反；（6）滑動變阻器最大阻值太小，無法保持電壓表示數為1.8V．

【點評】此題是探究電流和電阻的關系實驗，考查了控制變量法的應用，同時考查了電流表、電壓表、滑動變阻器的接法，考查了電流表的讀數及電阻的計算，涉及到了串聯電路中電流、電壓的關系及歐姆定律的靈活應用．

四（保定中考物理）、計算題（31題6分，32題8分，共14分）

（1）它受到的重力是多少？（g取10N/kg）

（2）靜止時，它對水平地面的壓強是多少？

（3）若它用120N的水平拉力在10s內勻速拖動重物前進1m，則拉力的功率是多少？

【考點】重力的計算；壓強的大小及其計算；功率的計算．

【分析】（1）知道機器人的質量，利用重力公式求其重力；

（2）機器人對水平地面的壓力等于重力，又知道受力面積，利用壓強公式求機器人對地面的壓強；

（3）由W=Fs計算拉力做的功，由P=計算拉力的功率．

【解答】解：拉力的功率

（1）微型機器人的重力：

G=mg=1.2×10﹣2kg×10N/kg=0.12N；

（2）機器人靜止時，它對水平地面的壓力F=G=0.12N，

對水平地面的壓強：

p===1200Pa；

（3）拉力做的功：

W=Fs=120N×1m=120J，

拉力的功率：

P===12W．

答：（1）機器人受到的重力是0.12N；

（2）靜止時，它對水平地面的壓強是1200Pa；

（3）拉力的功率是12W．

【點評】此題主要考查的是對重力、壓強、功和功率公式的理解和掌握，知道機器人對地面的壓力等于其重力是解決此題的關鍵．

（1）小燈泡的電阻；

（2）定值電阻R0和電源電壓；

（3）開關S2閉合、S1斷開，滑片P由變阻器的最左端逐漸向右端移動，當電壓表的示數分別為9V與滿量程時，變阻器消耗電功率的差值．

【考點】歐姆定律的應用；電功率的計算．

【分析】（1）由P=計算燈泡電阻；

（2）當開關S2閉合、S1斷開，滑片P置于變阻器上的b點時，R與R0串聯，Ub=8V，由圖2可知電阻Rb的阻值，根據歐姆定律求出電路中的電流，根據串聯電路的電阻特點和歐姆定律表示出電源的電壓；只閉合S1，R與L串聯，當滑片P置于a點，根據Ia：Ib=3：5求出Ia，再根據電阻的串聯和歐姆定律表示出電源的電壓，根據電源的電壓不變得出等式，然后結合Ra：R0=12：5即可求出R0的阻值和電源的電壓；

（3）當電壓表的示數為9V時，R0與R分得的電壓相等，則R=R0，根據P=求出變阻器消耗的電功率；再根據P=求出當電壓表的示數為滿量程時，變阻器消耗的電功率；從而得到變阻器消耗電功率的差值．

【解答】（保定中考物理）解：

（1）已知燈泡的額定電壓和額定功率，由P=可得，燈泡電阻：

RL===12Ω；