2016盤錦市一中九年級月考物理試卷【解析版含答案】

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2016盤錦市一中九年級月考物理試卷

一．選擇題（本題包括9個小題共21分，其中1---6為單選題每小題2分；7---9為多選題每小題2分，對于多選題漏選得3分，錯選多選不得分）

1．如圖，用鋁壺在天然氣灶上燒水的過程中（　　）

A．通過做功的方式改變水的內能

B．水的溫度越高，水分子運動越劇烈

C．鋁的比熱容比水小，鋁的吸熱比水強

D．天然氣燃燒越充分，熱值越大

2．（2016盤錦物理）下列數據符合實際的是（　　）

A．一節干電池的電壓約為3V

B．日常使用的節能燈正常工作時的電流約為0.1A

C．家用電冰箱正常工作一天消耗的電能約為200J

D．液晶電視機的額定功率約為1000W

3．燈泡L1和燈泡L2串聯，閉合開關S后燈L2正常發光，L1只能微弱發光．以下分析合理的是（　　）

A．燈泡L1發生斷路

B．燈泡L1發生短路

C．由于燈泡L1的電阻較大，其實際功率較小

D．由于燈泡L1的電阻較小，其實際功率較小

4．如圖所示，電源電壓保持不變，當閉合開關后，滑動變阻器的滑片向右移動的過程中，下列說法正確的是（　　）

A．電壓表V1示數變大，電流表A示數變小

B．電壓表V2示數變大，電流表A示數變大

C．電壓表V1示數和電流表A示數的乘積不變

D．電壓表V2示數和電流表A示數的比值變大

5．（2016盤錦物理）如圖所示電路，電源兩端電壓不變．閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向右滑動時，關于各電表的示數，下面判斷正確的是（　　）

A．電流表A表變小，電壓表V表變大

B．電流表A表變大，電壓表V表不變

C．電流表A表不變，電壓表V表變小

D．電流表A表變小，電壓表V表不變

6．（2016盤錦物理）將“220V 15W”的燈泡L1和“220V 60W”的燈泡L2，串聯在220V的電源上（設燈絲電阻不變），則 （　　）

A．燈L1正常發光

B．燈L2比燈L1亮

C．兩盞燈的總功率小于15W

D．每個燈的實際功率都變為其額定功率的四分之一

7．如圖所示電路，開關閉合后在滑動變阻器的滑片由中點向下滑動過程中，下列說法正確的是（　　）

A．燈泡的額定功率變小

B．滑動變阻器消耗的電功率變小

C．電壓表示數不變

D．電流表A1、A2示數的差值保持不變

8．分別標有“6V 6W”和“6V 3W”的燈泡L1和L2串聯接在某電源上，設燈絲電阻不變，則（　　）

A．通過L1、L2的電流之比為2：1

B．L1、L2的實際功率之比為1：2

C．電源電壓為12V時，L1、L2均正常發光

D．電源電壓為9V時，L2正常發光

9．（2016盤錦物理）兩定值電阻甲、乙中的電流與電壓關系如圖所示，現將甲和乙并聯后接在電壓為6V的電源兩端，下列分析正確的是（　　）

A．甲消耗的電功率為3.6 W????????????? B．甲中的電流大于乙中的電流

C．乙消耗的電功率為3.6W????????????? D．甲的電阻值大于乙的電阻值

二．填空題（每空1分，共28分）

10．臺式電腦使用一段時間后，為保證電腦的穩定性，需要打開主機箱蓋除塵，這是因為散熱風扇的扇葉在轉動過程中與空氣摩擦帶上了　　，可以　　輕小物體，所以灰塵會附著在扇葉上．

11．在一段導體兩端加2V電壓時，通過它的電流強度是0.4A，這段導體的電阻是　　Ω；10s內電流做功為　　 J；如果在它的兩端不加電壓，這段導體的電阻是　　Ω．

12．兩只定值電阻，甲標有“20Ω? 1A”，乙標有“10Ω 3A”，把它們串聯起來，為了保護電路，電路兩端的允許的最大電壓為　　V；把它們并聯起來，為保護電路，電路兩端允許的最大電壓為　　V．

13．如圖（a）所示的電路中，R為滑動變阻器，R0為定值電阻，電源兩端的電壓不變，改變R的滑片位置，電壓表示數隨電流變化的圖象如圖（b）所示，則根據以上條件可知R0的阻值為　　Ω，滑動變阻器R最大阻值為　　Ω．

14．如圖所示，電阻R1、R2之比為3：1，當開關S閉合后，R1、R2兩端電壓之比為　　；R1、R2消耗的電功率之比為　　．

15．（2016盤錦物理）如圖所示，電源電壓保持不變，電阻R1=6Ω，R2=4Ω．（假設燈絲的電阻不變）

（1）當開關S1閉合，S2、S3斷開時，電流表的示數為0.6A，電路總電阻是　　Ω．電源電壓為　　V．

（2）當開關S1、S2和S3都閉合時，電流表示數為1.5A，此時通過R1的電流是　　A，燈泡的電阻是　　Ω．

16．電子式電能表表盤上標有“3200imp/（kW?h）”字樣（imp表示閃爍次數）．將某用電器單獨接在該電能表上正常工作30min，電能表指示燈閃爍了320次，該用電器在上述時間內消耗的電能為　　kW?h，該用電器的額定功率是　　W．

17．銘牌上均標有“220V 100W”的電視機和電熱毯都正常工作1小時，則　　產生的熱量較多．

18．在某一溫度下，兩個電路元件甲和乙中的電流與電壓的關系如圖所示．甲原件的電阻為　　歐，若將元件甲、乙并聯后接在電壓為2V的電源兩端，元件甲和乙消耗的總功率為　　W．

19．智能手機上已普遍使用電阻觸摸屏，如圖在豎直方向上觸摸屏相當于一根電阻絲，觸摸P點時電阻絲被分為上、下兩部分，電阻分別為R1、R2．電源電壓不變，當觸摸點在豎直方向移動時，若測得R1兩端電壓減小，則R1阻值　　，觸摸點P到屏下端的距離　　（均填“增大”、“減小”或“不變”）．

20．如圖是額定電壓220V、額定功率8.8W的LED燈，該燈的額定電流為　　A．若它每天正常發光5h，一個月（30天）消耗的電能是　　kW?h．與普通白熾燈相比，在達到相同亮度的條件下，假設LED燈只需要白熾燈10%的電能，則這個LED燈與功率為　　W的白熾燈亮度相當．

21．（2016盤錦物理）某同學把標有“8V 16W”的燈泡L1和“12V 36W”的燈泡L2串聯在電路中，閉合開關后，其中一只燈泡能正常發光，另一只沒有達到額定電壓．由此可知電源電壓為　　V，此時L1的實際功率　　 L2的實際功率（選填“大于”或“等于”或“小于”）．

22．如圖所示電路中，電源電壓保持12V電壓不變，小燈泡L上標有“6V 3W”字樣，定值電阻R1為10Ω，滑動變阻器R2的最大阻值為30Ω，電壓表使用的量程是0～3V．為了保證電路的安全，滑動變阻器接入電路中的阻值范圍為　　．

三.作圖題（本題包括3個小題，共9分）

23．如圖所示電路的○里填上適當的電表符號，要求：使兩燈L1、L2并聯．

24．小剛同學所連的電路如圖所示，請在虛線框內畫出對應的電路圖．

25．（2016盤錦物理）請根據圖甲中的電路圖連接圖乙中的實物電路．

四．簡答題

26．小峰放學回家，發現樓道里的白熾燈只在天黑后，有聲音時，燈才會亮．他查找物理書得知，在控制開關中裝有“聲敏”和“光敏”裝置，這兩種裝置的連接方式是　　．有一次他還發現樓道白熾燈亮了一下就熄滅了，請你幫他分析為什么白熾燈在剛開始發光時容易燒斷？我國已經禁止生產白熾燈，倡導用節能燈替代白熾燈，這樣做有什么好處？

五．計算題（本題包括3個小題，共22分．要求寫出必要的文字說明，公式，計算過程，數值，單位和答）

27．如圖所示的電路中，電阻R1=20Ω，當若斷開開關S2，閉合S1，電流表的示數I1=0.30A；當若閉合開關S1、S2，電流表的示數I2=0.8A．求：

（1）電源兩端的電壓．

（2）電阻R2的阻值．

（3）電流通過電阻R2在2min內所做的功．

28．（2016盤錦物理）如圖所示，電源兩端電壓保持不變，滑動變阻器R2上標有“20Ω 2A”、當滑片P在中點時電流表為0.24A，電壓表為7.2V、求：

（1）電阻R1和電源電壓；

（2）滑動變阻器移到左端時，電流表和電壓表的讀數．

29．某電熱水壺容量1.5L 額定電壓220V 額定功率1500W，裝入一滿壺20℃的涼水，通電正常工作6分鐘即被燒開至100℃．已知水的比熱容c=4.2×103J/（kg?℃） 求：

（1）該過程中水吸收的熱量．

（2）6分鐘內電水壺消耗的電能．

（3）電熱水壺的效率．

六.實驗探究題（本題包括5個小題，共36分）

30．（2016盤錦物理）甲乙兩小組探究“電流與電壓和電阻的關系”，老師提供的實驗器材有：電源（電壓恒為4.5V），電流表、電壓表各一個，開關一個，四個定值電阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），兩只滑動變阻器（規格分別為“20Ω? 2A”、“50Ω? 1A”），小燈泡一只（額定電壓3.8V），導線若干．

（1）甲小組探究“電流與電壓的關系”

①請你根據圖甲的電路圖用筆畫線代替導線將圖乙中的實物電路連接完整．

②他們將5Ω的電阻接入電路，檢查無誤后　　開關，發現電壓表無示數，電流表有示數，造成這一現象的原因可能是　　（寫出一條即可）．

③排除故障后進行實驗得到的數據如表，由此可得到的實驗結論是　　．

（2）乙小組探究“電流與電阻的關系”

①將5Ω的電阻接入電路，檢查無誤后閉合開關，移動滑片，使電壓表的示數為1.5V，并記下相應的電流值．再用10Ω的電阻替代5Ω的電阻，此時滑片應　　（選填“左”或“右”）端移動，移動滑動變阻器的目的是　　．

②為了完成用四個定值電阻進行實驗，應選擇滑動變阻器的規格是　　．

③他們用小燈泡替換定值電阻，移動滑片，使小燈泡正常發光，電流表示數如丙圖所示，則小燈泡的額定功率是　　W．

31．（2016盤錦物理）如圖1所示是“探究不同物質吸熱升溫現象”的實驗．將質量相等的沙子和水分別裝在易拉罐中，并測出沙子和水的初溫．然后用酒精燈加熱并不斷攪拌，每隔1min記錄一次溫度．

實驗記錄如下表

（1）實驗中，加熱時間實質上反映了　　．

（2）根據實驗數據，在圖2中畫出沙子和水的溫度隨時間變化的圖象．

（3）分析圖象可知，對于質量相等的沙子和水：吸收相等熱量，升溫較快的是　　；若使兩者升高相同的溫度，則　　 吸收的熱量較多．通過大量類似實驗，人們發現了物質的又一種物理屬性，物理學將這種屬性叫做　　．

32．為了探究“電流產生的熱量與電阻大小的關系”，小偉同學采用了如圖所示的實驗裝置，其中R1＜R2．

（1）甲、乙兩瓶中裝入了質量和初溫度相同的同種液體的原因是　　．

（2）實驗中R1、R2采用　　（填“串聯”或“并聯”）的連接方法是為了控制　　、　　相同．

（3）在通電時間相同時，兩玻璃管內煤油上升較高的是　　（填“甲”或“乙”）瓶．由此可知　　．

33．（2016盤錦物理）在測量小燈泡電功率的實驗中，小明同學選取了一個標有“3.8V”、額定功率約為1W的小燈泡和必要的實驗器材，連接的電路如圖甲所示．

（1）實驗原理　　．

（2）請指出圖中的兩處錯誤：

①　　；②　　．

（3）改正錯誤后，閉合開關，如果發現燈泡發出特別耀眼的光，且此時電流表和電壓表都有示數，出現該現象的原因可能是　　．

（4）故障排除后，移動變阻器的滑片，小燈泡正常發光時，電流表的示數如圖乙所示，此時的電流為　　A，小燈泡的額定功率為　　W．

（5）分析小明在表中記錄的實驗數據可知，小燈泡的發光亮度是由燈泡的　　決定的．燈絲的電阻隨兩端電壓的增加而　　（填“增大”或“減小”），燈絲電阻發生變化的本質是電阻隨　　而增大．

34．（2016盤錦物理）在伏安法測電阻的實驗中，所用實驗器材如下：電源（電壓恒為6V）、電流表、電壓表、開關、待測電阻RX、滑動變阻器（最大阻值20Ω）各一個，導線若干．

（1）實驗原理：　　．

（2）小麗連接完實驗電路后，閉合開關，通過調節滑動變阻器測得幾組數據，并由此計算出待測電阻的阻值，有關記錄和計算如表所示．

小華認為一個電阻三次測量的結果不可能相差這么大，分析應該是在連接電路時出現了問題，產生錯誤的原因是　　．

（3）找出錯誤的原因后，小麗準備重新連接電路進行測量，但小華認為不必重測，利用表中記錄的錯誤數據就能算出應該記錄的正確數據．表格中錯誤的數據是　　（填“電壓”或“電流”），其中第一次正確的記錄應是　　，此次測量計算出的待測電阻應是　　Ω．

（4）實驗中三次測量RX的目的是　　．

2016盤錦物理參考答案與試題解析

一．選擇題（本題包括9個小題共21分，其中1---6為單選題每小題2分；7---9為多選題每小題2分，對于多選題漏選得3分，錯選多選不得分）

1．如圖，用鋁壺在天然氣灶上燒水的過程中（　　）

A．通過做功的方式改變水的內能

B．水的溫度越高，水分子運動越劇烈

C．鋁的比熱容比水小，鋁的吸熱比水強

D．天然氣燃燒越充分，熱值越大

【考點】（2016盤錦物理）熱傳遞改變物體內能；比熱容的概念；燃料的熱值；分子的運動．

【分析】（1）做功和熱傳遞是改變物體內能的兩種方式；

（2）物體溫度越高，分子運動越劇烈；

（3）物質的比熱容越大，物質的吸熱能力越強；

（3）1kg的某種燃料完全燃燒所釋放出的熱量是燃料的燃燒值；

【解答】解：A、燒水的過程是通過熱傳遞的方式改變水的內能，故A錯誤；

B、水的溫度越高，水分子運動越劇烈，故B正確；

C、鋁的比熱容比水小，鋁的吸熱能力比水弱，故C錯誤；

D、燃燒值由燃料本身決定，與是否充分燃燒無關，故D錯誤．

故選B．

2．（2016盤錦物理）下列數據符合實際的是（　　）

A．一節干電池的電壓約為3V

B．日常使用的節能燈正常工作時的電流約為0.1A

C．家用電冰箱正常工作一天消耗的電能約為200J

D．液晶電視機的額定功率約為1000W

【考點】電壓；電流的大小；電功率．

【分析】首先對題目中涉及的物理量有個初步的了解，對于選項中的單位，可根據需要進行相應的換算或轉換，排除與生活實際相差較遠的選項，找出符合生活實際的答案．

【解答】解：A、一節新干電池的電壓為1.5V，不是新的，其電壓接近1.5V，故A不符合實際；

B、家里使用的節能燈正常工作時的電流約0.1A，故B符合實際；

C、冰箱24小時的耗電量，一般是0.5度～1.5度，是1.8×106J～5.4×106J．故C不符合題意；

D、液晶電視機的額定功率在100W左右，遠小于1000W．故D不符合實際．

故選B．

3．燈泡L1和燈泡L2串聯，閉合開關S后燈L2正常發光，L1只能微弱發光．以下分析合理的是（　　）

A．燈泡L1發生斷路

B．燈泡L1發生短路

C．由于燈泡L1的電阻較大，其實際功率較小

D．由于燈泡L1的電阻較小，其實際功率較小

【考點】電路的三種狀態；實際功率．

【分析】燈泡亮度由燈泡實際功率決定，L2正常發光，L1只能微弱發光，可判斷出兩燈實際功率的大小；

由電路圖可知，兩燈泡串聯，通過兩燈泡的電流相等，根據電功率公式P=I2R分析燈泡電阻大小．

【解答】（2016盤錦物理）解：由題意可知，兩燈泡串聯，且都能發光，則燈L1沒有斷路，也沒有發生短路，故A、B錯誤；

燈L1只能微弱發光，說明燈L1的實際功率P較小，串聯電路電流I相等，由電功率公式P=I2R可知，燈的電阻較小，故C錯誤，D正確；

故選D．

4．如圖所示，電源電壓保持不變，當閉合開關后，滑動變阻器的滑片向右移動的過程中，下列說法正確的是（　　）

A．電壓表V1示數變大，電流表A示數變小

B．電壓表V2示數變大，電流表A示數變大

C．電壓表V1示數和電流表A示數的乘積不變

D．電壓表V2示數和電流表A示數的比值變大

【考點】（2016盤錦物理）電路的動態分析；滑動變阻器的使用；歐姆定律的應用．

【分析】由電路圖可知，定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電壓表V1測電源的電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流．根據電源的電壓可知電壓表V1示數的變化，根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化和R1兩端的電壓變化，進一步可知電壓表V1示數和電流表A示數的乘積變化；根據歐姆定律結合滑動變阻器接入電路中電阻的變化可知電壓表V2示數和電流表A示數的比值變化．

【解答】解：由電路圖可知，定值電阻R1與滑動變阻器R2串聯，電壓表V1測電源的電壓，電壓表V2測R2兩端的電壓，電流表測電路中的電流．

因電源的電壓保持不變，

所以，滑片移動時電壓表V1的示數不變，故A不正確；

當閉合開關后，滑動變阻器的滑片向右移動的過程中，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，

由I=可知，電路中的電流變小，R1兩端的電壓變小，故B不正確；

則電壓表V1示數和電流表A示數的乘積變小，故C不正確；

由I=可知，電壓表V2示數和電流表A示數的比值等于滑動變阻器接入電路中的電阻，即比值變大，故D正確．

故選D．

5．（2016盤錦物理）如圖所示電路，電源兩端電壓不變．閉合開關S，當滑動變阻器的滑片P向右滑動時，關于各電表的示數，下面判斷正確的是（　　）

A．電流表A表變小，電壓表V表變大

B．電流表A表變大，電壓表V表不變

C．電流表A表不變，電壓表V表變小

D．電流表A表變小，電壓表V表不變

【考點】電路的動態分析．

【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表測電源電壓，電流表測電路中的電流．根據滑片的移動可知接入電路中電阻的變化，根據歐姆定律可知電路中電流的變化；根據電源電壓可知電壓表示數的變化．

【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表測電源電壓，電流表測電路中的電流．

當滑動變阻器滑片P向右滑動的過程中，接入電路中的電阻變大，電路中的總電阻變大，由I=可知，電路中的電流變小，即電流表A的示數變小，故BC不正確；

因電壓表測電源電壓，所以電壓表的示數不變，故A不正確，D正確．

故選D．

6．（2016盤錦物理）將“220V 15W”的燈泡L1和“220V 60W”的燈泡L2，串聯在220V的電源上（設燈絲電阻不變），則 （　　）

A．燈L1正常發光

B．燈L2比燈L1亮

C．兩盞燈的總功率小于15W

D．每個燈的實際功率都變為其額定功率的四分之一

【考點】實際功率．

【分析】由燈泡的額定功率及額定電壓可求得燈泡的電阻，則由歐姆定律可求得電流，由功率公式求得實際功率即可分析各項．

【解答】解：由P=得：

L1的電阻R1==≈3226.7Ω；

L2的電阻R2==≈806.7Ω；

則兩燈串聯時，兩燈分壓，都不能到達額定電壓，故兩燈都不能正常發光，故A錯誤；

因為串聯電流相等，由P=I2R可得，燈泡L1的功率大于L2的功率，故燈泡L1要比L2亮，故B錯誤；

兩燈實際消耗的功率P==≈12W＜15W，故C正確；

總功率為12W，若兩燈功率均變為原來的，功率應為+=18.755W，而實際功率只有12W，故D錯誤；

故選C．

7．（2016盤錦物理）如圖所示電路，開關閉合后在滑動變阻器的滑片由中點向下滑動過程中，下列說法正確的是（　　）

A．燈泡的額定功率變小

B．滑動變阻器消耗的電功率變小

C．電壓表示數不變

D．電流表A1、A2示數的差值保持不變

【考點】電路的動態分析．

【分析】滑動變阻器與燈泡并聯，電壓表與電源并聯，A1串聯在干路上，A2與滑動變阻器串聯；

AB、根據并聯電路電流的規律，分析滑片向下移動時，燈泡和滑動變阻器兩端的電壓和通過燈泡的電流變化情況，然后根據P=UI分析燈泡和滑動變阻器的實際功率變化情況；

C、根據并聯電路的電壓規律直接得出即可；

D、根據并聯電路干路的電流等于支路電流之和進行分析．

【解答】（2016盤錦物理）解：A、并聯電路兩端的電壓等于電源電壓；又因為并聯電路的各支路互不影響，因此滑片向下移動時，燈泡兩端的電壓和通過的電流都不變，由P=UI可得，燈泡的實際功率不變，故A錯誤；

B、并聯電路兩端的電壓等于電源電壓，故滑動變阻器兩端電壓不變；當滑片向下移動時，滑動變阻器接入電路的電阻增大，由歐姆定律可得，A2的示數減小，由P=UI得，滑動變阻器的實際功率減小，故B正確；

C、并聯電路兩端的電壓等于電源電壓，故電壓表示數不變，故C正確；

D、因為A1測量干路電流，A2測量滑動變阻器中通過的電流，因此電流表A1、A2示數的差值為通過燈泡的電流，而并聯電路各支路互不影響，故電流表A1、A2示數的差值保持不變，故D正確．

故選BCD．

8．分別標有“6V 6W”和“6V 3W”的燈泡L1和L2串聯接在某電源上，設燈絲電阻不變，則（　　）

A．通過L1、L2的電流之比為2：1

B．L1、L2的實際功率之比為1：2

C．電源電壓為12V時，L1、L2均正常發光

D．電源電壓為9V時，L2正常發光

【考點】歐姆定律的應用；電功率的計算．

【分析】已知兩燈的額定電壓和額定功率可求兩燈的電阻，還知道兩燈串聯，所以電流相等．再根據選項所給條件逐一解決．

【解答】（2016盤錦物理）解：（1）根據P=可得，兩燈泡的電阻分別為：

R1===6Ω，R2===12Ω；

（2）兩燈泡串聯在某電源上時，通過兩燈泡的電流相等，故A不正確；

根據歐姆定律可知：

U1：U2=IR1：IR2=R1：R2=6Ω：12Ω=1：2，故B正確；

（3）電源電壓為12V時，電路中電流I1===A，

燈L1電壓U1=I1R1=A×6Ω=4V＜U1，不正常發光，燈L2電壓U2=I1R2═A×12Ω=8V＞U2，燈會被燒毀，故C錯．

（4）電源電壓為9V時，電路中電流I1===0.5A，

燈L2電壓U2=I2R2=0.5A×12Ω=6V，正常發光，故正確．

故選BD．

9．（2016盤錦物理）兩定值電阻甲、乙中的電流與電壓關系如圖所示，現將甲和乙并聯后接在電壓為6V的電源兩端，下列分析正確的是（　　）

A．甲消耗的電功率為3.6 W????????????? B．甲中的電流大于乙中的電流

C．乙消耗的電功率為3.6W????????????? D．甲的電阻值大于乙的電阻值

【考點】電功率的計算；歐姆定律的應用．

【分析】根據題干提供的信息進行分析，由坐標圖中，選定相同的橫坐標（電流），分別計算兩電阻的阻值，進而由歐姆定律和電功率的公式結合并聯電路的電壓特點便可比較或計算出在6V電壓下電流和電功率的大小．

【解答】解：根據圖示圖象，由I=可知：甲的電阻為R甲===5Ω，乙的電阻為R乙===10Ω；

A、當甲電阻兩端電壓為6V時，消耗的功率為P甲===7.2W，故A錯誤；

B、兩電阻并聯在6V電源電壓兩端，兩電阻電壓U相等，已知：R甲＜R乙，由I=可知：I甲＞I乙，故B正確；

C、當乙電阻兩端電壓為6V時，消耗的功率為P乙===3.6W，故C正確；

D、甲的電阻：R甲=5Ω，乙的電阻：R乙=10Ω，甲的電阻小于乙的電阻，故D錯誤；

故選BC．

二．（2016盤錦物理）填空題（每空1分，共28分）

10．臺式電腦使用一段時間后，為保證電腦的穩定性，需要打開主機箱蓋除塵，這是因為散熱風扇的扇葉在轉動過程中與空氣摩擦帶上了　電荷　，可以　吸引　輕小物體，所以灰塵會附著在扇葉上．

【考點】摩擦起電；物體帶電現象．

【分析】本題依據摩擦可以起電，帶電的物體可以吸引輕小的物體的知識來填空．

【解答】解：散熱風扇轉動的過程中與空氣摩擦，使扇葉帶上了電，帶電體的性質是可以吸引輕小的物體，所以扇葉就把灰塵吸附在表面上了．

故答案為：電（或電荷，或靜電）；吸引．

11．在一段導體兩端加2V電壓時，通過它的電流強度是0.4A，這段導體的電阻是　5　Ω；10s內電流做功為　8　 J；如果在它的兩端不加電壓，這段導體的電阻是　5　Ω．

【考點】歐姆定律的變形公式．

【分析】本題考查歐姆定律的計算及電阻的決定因素，由歐姆定律可求得導體的電阻；

利用Q=I2Rt求通電10s產生的熱量；

由電阻的性質可知不加電壓時的電阻值不變．

【解答】解：由歐姆定律得：R===5Ω；

通電10s產生的熱量：Q=I2Rt=（0.4A）2×5Ω×10s=8J；

因導體電阻由導體本身決定，當不加電壓時，故導體內的電阻不變，仍為5Ω．

故答案為：5；8；5．

12．兩只定值電阻，甲標有“20Ω? 1A”，乙標有“10Ω 3A”，把它們串聯起來，為了保護電路，電路兩端的允許的最大電壓為　30　V；把它們并聯起來，為保護電路，電路兩端允許的最大電壓為　20　V．

【考點】歐姆定律的變形公式．

【分析】（1）串聯電路中各處的電流相等，電路中的最大電路為兩定值電阻允許通過最大電壓中最小的一個，再根據電阻的串聯和歐姆定律求出串聯電路兩端允許加的最大電壓；

（2）根據歐姆定律求出兩定值電阻兩端允許所加的最大電壓，兩電阻并聯時各支路兩端的電壓相等，電路兩端的最大電壓為兩者允許所加最大電壓中較小的一個．

【解答】（2016盤錦物理）解：

（1）由兩定值電阻的銘牌可知，兩者允許通過的最大電流分別為：

I甲=1A，I乙=3A，

因為串聯電路中各處的電流相等，

所以兩電阻串聯起來時，電路中的最大電流I=1A，

因為串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，

所以根據歐姆定律可得，串聯電路兩端允許加的最大電壓：

U串=I（R甲+R乙）=1A×（20Ω+10Ω）=30V；

（2）兩定值電阻兩端允許所加的最大電壓分別為：

U甲=I甲R甲=1A×20Ω=20V，U乙=I乙R乙=3A×10Ω=30V，

因為并聯電路中各支路兩端的電壓相等，

所以兩電阻并聯時，并聯電路兩端允許加的最大電壓U并=U甲=20V．

故答案為：30；20．

13．如圖（a）所示的電路中，R為滑動變阻器，R0為定值電阻，電源兩端的電壓不變，改變R的滑片位置，電壓表示數隨電流變化的圖象如圖（b）所示，則根據以上條件可知R0的阻值為　1　Ω，滑動變阻器R最大阻值為　9　Ω．

【考點】（2016盤錦物理）歐姆定律的應用．

【分析】分析清楚電路結構，根據串聯電路的電壓特點求出電源的電壓，根據歐姆定律求出電阻R0的阻值．

【解答】解：由圖（a）所示電路圖可知，R0與滑動變阻器串聯，

電壓表測滑動變阻器兩端電壓，電流表測電路電流；

由圖象可知，當U滑=8V時，I=2A，U滑′=4V時，I′=6A，

串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

由I=可知電阻兩端電壓：U=IR，

電源電壓：U=U滑+IR0=8V+2A×R0，

U=U滑′+I′R0=4V+6A×R0，

解得：U=10V，R0=1Ω，

滑動變阻器阻值全部接入電路時，滑動變阻器兩端電壓最大，

由圖示圖象可知，此時：U滑=9V，I=1A，

由I=可知，滑動變阻器最大阻值：R滑最大===9Ω；

故答案為：1；9．

14．如圖所示，電阻R1、R2之比為3：1，當開關S閉合后，R1、R2兩端電壓之比為　3：1　；R1、R2消耗的電功率之比為　3：1　．

【考點】歐姆定律的變形公式；電功率與電壓、電流的關系．

【分析】（2016盤錦物理）由電路圖可知，R1與R2串聯，根據串聯電路的電流特點和歐姆定律求出兩電阻兩端的電壓之比，根據P=I2R求出兩電阻的電功率之比．

【解答】解：

由電路圖可知，R1與R2串聯，

因為串聯電路中各處的電流相等，

所以根據I=可得，R1與R2兩端電壓之比： ===；

因為P=I2R，

所以R1與R2消耗的電功率之比： ===．

故答案為：3：1；3：1．

15．（2016盤錦物理）如圖所示，電源電壓保持不變，電阻R1=6Ω，R2=4Ω．（假設燈絲的電阻不變）

（1）當開關S1閉合，S2、S3斷開時，電流表的示數為0.6A，電路總電阻是　10　Ω．電源電壓為　6　V．

（2）當開關S1、S2和S3都閉合時，電流表示數為1.5A，此時通過R1的電流是　1　A，燈泡的電阻是　12　Ω．

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】（1）當開關S1閉合，S2、S3斷開時，電阻R1與R2串聯，根據串聯電路電阻的特點求出電路的總電阻；

此時電流表測電路中的電流，根據歐姆定律求出電源電壓；

（2）當開關S1、S2和S3都閉合時，燈泡L與R1并聯，R2被短路，根據并聯電路的電壓特點可知電阻R1兩端的電壓；

根據歐姆定律求出通過電阻R1的電流；進一步求出通過燈泡的電流；利用歐姆定律可求燈泡的電阻．

【解答】解：

（1）當開關S1閉合，S2、S3斷開時，

電路總電阻是R=R1+R2=6Ω+4Ω=10Ω；

電源電壓U=I1R=0.6A×10Ω=6V；

（2）當開關S1、S2和S3都閉合時，燈泡L與R1并聯，R2被短路，

因為并聯電路各支路兩端的電壓相等，

所以電阻R1兩端電壓等于電源電壓U=6V；

此時通過R1的電流是I1===1A；通過燈泡的電流IL=I﹣I1=1.5A﹣1A=0.5A；燈泡的電阻RL===12Ω．

故答案為：（1）10；6；（2）1；12．

16（2016盤錦物理）．電子式電能表表盤上標有“3200imp/（kW?h）”字樣（imp表示閃爍次數）．將某用電器單獨接在該電能表上正常工作30min，電能表指示燈閃爍了320次，該用電器在上述時間內消耗的電能為　0.1　kW?h，該用電器的額定功率是　200　W．

【考點】電能表參數的理解與電能的求法；電功率的計算；額定功率．

【分析】電能表是測量家庭電路中消耗電能多少的儀表．

3200imp/（kW?h）的含義是：電路中每消耗1kW?h的電能，指示燈閃爍3200次．

根據題目所給條件和電功率的公式P=，進行解答．

【解答】解：因為電路中每消耗1kW?h的電能，指示燈閃爍3200次．

所以當指示燈閃爍320次時，消耗的電能為W==0.1kW?h，

t=30min=0.5h

用電器的額定功率P===0.2kW=200W．

故答案為：0.1；200．

17．（2016盤錦物理）銘牌上均標有“220V 100W”的電視機和電熱毯都正常工作1小時，則　電熱毯　產生的熱量較多．

【考點】電熱．

【分析】電流做功，實質上是消耗電能轉化為其它形式的能的過程，根據用電器消耗的電能與其他形式能的轉換進行分析．

【解答】解：已知電視機和電熱毯的功率相同，工作時間也相同，由W=Pt可得，它們消耗的電能相同，但電熱毯將消耗的電能全部轉換為內能產生熱量，而電視機將消耗的電能一部分轉換為內能，還轉化為光能等，因此電熱毯產生的熱量較多．

故答案為：電熱毯．

18．在某一溫度下，兩個電路元件甲和乙中的電流與電壓的關系如圖所示．甲原件的電阻為　5　歐，若將元件甲、乙并聯后接在電壓為2V的電源兩端，元件甲和乙消耗的總功率為　1.2　W．

【考點】電功率的計算；歐姆定律的變形公式．

【分析】首先根據圖象得出兩電路元件在2V時的電流，元件甲的U﹣I圖象是過原點的直線，元件甲是定值電阻，根據歐姆定律求出元件甲的阻值；再根據并聯電路的特點求出干路電流，根據P=UI求出兩電路元件并聯時電路消耗的功率．

【解答】解：

（1）（2016盤錦物理）由圖象可知，當兩個電路元件的電路為2V時，通過甲的電流為0.4A，通過乙的電流為0.2A．

由歐姆定律可得元件甲的電阻：

R甲===5Ω；

（2）將元件甲、乙并聯后接在電壓為2V的電源兩端時，

干路電流：

I=I甲+I乙=0.4A+0.2A=0.6A，

消耗的總功率：

P=UI=2V×0.6A=1.2W．

故答案為：5；0.6；1.2．

19．智能手機上已普遍使用電阻觸摸屏，如圖在豎直方向上觸摸屏相當于一根電阻絲，觸摸P點時電阻絲被分為上、下兩部分，電阻分別為R1、R2．電源電壓不變，當觸摸點在豎直方向移動時，若測得R1兩端電壓減小，則R1阻值　減小　，觸摸點P到屏下端的距離　增大　（均填“增大”、“減小”或“不變”）．

【考點】（2016盤錦物理）歐姆定律的應用．

【分析】從電路圖可知，R1、R2串聯，電流相等，根據公式U=IR可知，電阻越大，電阻兩端的電壓越大．從電路圖可以看出R1的電阻變化與屏下端的距離的關系．

【解答】解：∵R1、R2串聯，

∴通過兩電阻的電流相等，

當R1兩端電壓減小時，

∵U=IR，

∴R1的電阻在減小，

從電路圖可以看出R1的電阻減小，應該是增大到屏下端的距離．

故答案為：減小；增大．

20．如圖是額定電壓220V、額定功率8.8W的LED燈，該燈的額定電流為　0.04　A．若它每天正常發光5h，一個月（30天）消耗的電能是　1.32　kW?h．與普通白熾燈相比，在達到相同亮度的條件下，假設LED燈只需要白熾燈10%的電能，則這個LED燈與功率為　88　W的白熾燈亮度相當．

【考點】電功率與電壓、電流的關系；電功率與電能、時間的關系；電功率的計算．

【分析】（1）知道額定電壓和額定功率，根據P=UI求出額定電流；

（2）LED燈正常發光時的功率和額定功率相等，根據P=求出一個月消耗的電能；

（3）消耗的電能之差與白熾燈消耗的電能之比就是節約的百分比，據此進行解答．

【解答】（2016盤錦物理）解：（1）由P=UI可得，LED燈泡的額定電流：

I===0.04A；

（2）由P=可得，一個月消耗的電能：

W=Pt=8.8×10﹣3kW×5h×30=1.32kW?h；

（3）設兩種燈泡正常發光的時間為t，

由P=可得，LED消耗的電能：

W1=P1t=0.088kW?t，白熾燈消耗的電能為W2=P2t，

因在達到相同亮度的條件下，LED燈可以節約10%的電能，

所以， =10%，

解得：P2=0.088kW=88W．

故答案為：0.04；1.32；88．

21．（2016盤錦物理）某同學把標有“8V 16W”的燈泡L1和“12V 36W”的燈泡L2串聯在電路中，閉合開關后，其中一只燈泡能正常發光，另一只沒有達到額定電壓．由此可知電源電壓為　16　V，此時L1的實際功率　等于　 L2的實際功率（選填“大于”或“等于”或“小于”）．

【考點】電功率的計算；串聯電路的電流規律；串聯電路的電壓規律；歐姆定律的應用．

【分析】根據小燈泡的額定電壓和額定功率分別求出兩燈泡的電阻，由兩只燈泡電阻相同，可知分得的電壓相等，從而求出電路中的總電壓和總電流，然后根據兩燈電阻相同、電壓相同可知兩燈泡的實際功率關系．

【解答】解：由P=可得，兩燈泡的電阻分別為：

R1===4Ω，R2===4Ω，

根據串聯電路電阻的分壓特點可知，兩只燈泡電阻相同時，分得的電壓相等；

所以L1正常發光，U1=8V，

L2沒有到達額定功率，U2=U1=8V，（電阻相同，分得的電壓相同）

串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，

所以電源電壓U=U1+U2=8V+8V=16V，

串聯電路中各處的電流相等，

所以L1的實際功率等于L2的實際功率．

故答案為：16；等于．

22．（2016盤錦物理）如圖所示電路中，電源電壓保持12V電壓不變，小燈泡L上標有“6V 3W”字樣，定值電阻R1為10Ω，滑動變阻器R2的最大阻值為30Ω，電壓表使用的量程是0～3V．為了保證電路的安全，滑動變阻器接入電路中的阻值范圍為　18Ω～30Ω　．

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】從電路圖可知，滑動變阻器、燈L、電阻R1串聯，電壓表測量R1兩端的電壓，

由電壓表示數最大為3V，為了保護電壓表，根據歐姆定律可求電路中的最大電流；

由小燈泡L的銘牌可求燈的電阻、正常工作電流，從而得出為了保護燈，根據歐姆定律可求電路中的最大電流；比較得出電路中的最大電流；利用歐姆定律求滑動變阻器接入電路中的最小阻值．

【解答】解：

為了保護電壓表，電路中的最大電流：

I===0.3A，

為了保護燈，電路中的最大電流：

I′===0.5A，

所以為了保證電路的安全，電路中的最大電流應為0.3A，

因為I==，RL===12Ω

即：0.3A=，

解得：R小=18Ω．

所以滑動變阻器接入電路中的阻值范圍為18Ω～30Ω．

故答案為：18Ω～30Ω．

三.作圖題（本題包括3個小題，共9分）

23．如圖所示電路的○里填上適當的電表符號，要求：使兩燈L1、L2并聯．

【考點】（2016盤錦物理）電流表的連接；電壓表的連接．

【分析】（1）電流表串聯在電路中，電壓表并聯在電路中．

（2）要使燈L1、L2并聯，必須讓兩燈分別在兩個支路，每個燈都不能在干路．

【解答】解：要使兩燈并聯，從電源正極流出的電流應分別流入燈泡L1、L2，流過兩燈泡中的電流應匯合共同流回負極，故與正極相連○里是電流表，中間○里是電壓表，上邊的○里是電流表，見下圖：

24．小剛同學所連的電路如圖所示，請在虛線框內畫出對應的電路圖．

【考點】根據實物圖畫電路圖．

【分析】由實物圖可知，兩燈泡并聯，開關S控制整個電路，S2控制L2，根據實物圖完成電路圖即可．

【解答】解：電流從正極開始分支，一支經燈泡L1，另一支經開關S2、燈泡L2，然后兩支匯合共同經過開關S1回到電源負極．如圖所示：

25．請根據圖甲中的電路圖連接圖乙中的實物電路．

【考點】實物的電路連接．

【分析】（2016盤錦物理）先分析兩燈泡的連接方式以及開關的作用、電壓表的測量對象，然后根據電路圖將實物電路連接起來．

【解答】解：兩燈泡串聯，開關控制整個電路，電壓表并聯在燈泡L2的兩端，根據要求用導線將實物電路連接起來．如圖所示：

四．簡答題

26．小峰放學回家，發現樓道里的白熾燈只在天黑后，有聲音時，燈才會亮．他查找物理書得知，在控制開關中裝有“聲敏”和“光敏”裝置，這兩種裝置的連接方式是　串聯　．有一次他還發現樓道白熾燈亮了一下就熄滅了，請你幫他分析為什么白熾燈在剛開始發光時容易燒斷？我國已經禁止生產白熾燈，倡導用節能燈替代白熾燈，這樣做有什么好處？

【考點】焦耳定律的計算公式及其應用；串聯電路和并聯電路的辨別．

【分析】（1）白熾燈只在天黑后，有聲音時才會亮，說明“聲敏”和“光敏”裝置相互影響、不能獨立工作，據此進行解答；

（2）影響電阻大小的因素有導體的材料、長度、橫截面積和溫度，在電路接通的瞬間，溫度較低，燈絲的電阻較小，根據電功率的知識進行分析；

（3）根據節能燈的節能、環保、經濟等進行解答．

【解答】解：（1）由題意可知，“聲敏”和“光敏”裝置相互影響、不能獨立工作，即為串聯；

（2）白熾燈剛開始發光時，溫度低，電阻小，由Q=t可知，當電壓一定時，電阻越小，相同的時間內產生的熱量越多，溫度越高，所以燈泡燈絲容易斷；

（3）用節能燈替代白熾燈可以節能、環保，更經濟．

答：（2016盤錦物理）串聯；白熾燈剛開始發光時，溫度低，電阻小，由Q=t可知，當電壓一定時，電阻越小，相同的時間內產生的熱量越多，溫度越高，所以燈泡燈絲容易斷；用節能燈替代白熾燈可以節能、環保，更經濟．

五．計算題（本題包括3個小題，共22分．要求寫出必要的文字說明，公式，計算過程，數值，單位和答）

27．如圖所示的電路中，電阻R1=20Ω，當若斷開開關S2，閉合S1，電流表的示數I1=0.30A；當若閉合開關S1、S2，電流表的示數I2=0.8A．求：

（1）電源兩端的電壓．

（2）電阻R2的阻值．

（3）電流通過電阻R2在2min內所做的功．

【考點】歐姆定律的變形公式；電功的計算．

【分析】（1）若斷開S2、閉合S1，則只有R1接入電路，則由歐姆定律可求得電源兩端的電壓；

（2）閉合S1、S2，兩電阻并聯，則由并聯電路的電流規律可得出通過R2的電流，則由歐姆定律可求得R2的阻值；

（3）由焦耳定律可求得R2在2min內產生的熱量．

【解答】解：

（1）由歐姆定律，電源兩端電壓：U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；

（2）通過電阻R2的電流I=I2﹣I1=0.8A﹣0.3A=0.5A；

由歐姆定律 可得R2的阻值：R2===12Ω；

（3）由焦耳定律得，電阻R2通電2min產生的熱量Q=I2R2t=（0.5A）2×12Ω×120s=360J．

答：

（1）電源兩端的電壓為6V；

（2）R2的阻值為12Ω；

（3）電阻R2通電2min產生的熱量為360J．

28．（2016盤錦物理）如圖所示，電源兩端電壓保持不變，滑動變阻器R2上標有“20Ω 2A”、當滑片P在中點時電流表為0.24A，電壓表為7.2V、求：

（1）電阻R1和電源電壓；

（2）滑動變阻器移到左端時，電流表和電壓表的讀數．

【考點】歐姆定律的應用．

【分析】由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流．

（1）當滑片P在中點時，根據歐姆定律求出電阻R1的阻值，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電源的電壓；

（2）滑動變阻器移到左端時，變阻器接入電路中的電阻最大，根據電阻的串聯和歐姆定律求出電路中的最小電流，再根據歐姆定律求出電壓表的示數．

【解答】解：由電路圖可知，R1與R2串聯，電壓表測R1兩端的電壓，電流表測電路中的電流．

（1）當滑片P在中點時，

由I=可得，電阻R1的阻值：

R1===30Ω，

因串聯電路中總電阻等于各分電阻之和，

所以，電源的電壓：

U=I（R1+）=0.24A×（30Ω+）=9.6V；

（2）（2016盤錦物理）滑動變阻器移到左端時，變阻器接入電路中的電阻最大，

則電路中電流表的示數：

I′===0.192A，

電壓表的示數：

U1′=I′R1=0.192A×30Ω=5.76V．

答：（1）電阻R1的阻值為30Ω，電源電壓為9.6V；

（2）滑動變阻器移到左端時，電流表的讀數為0.192A，電壓表的讀數為5.76V．

29．某電熱水壺容量1.5L 額定電壓220V 額定功率1500W，裝入一滿壺20℃的涼水，通電正常工作6分鐘即被燒開至100℃．已知水的比熱容c=4.2×103J/（kg?℃） 求：

（1）該過程中水吸收的熱量．

（2）6分鐘內電水壺消耗的電能．

（3）電熱水壺的效率．

【考點】電功與熱量的綜合計算．

【分析】（1）一滿壺水的體積和其容積相等，根據m=ρV求出水的質量，又知道水的初溫、末溫以及比熱容，根據Q吸=cm（t2﹣t1）求出該過程中水吸收的熱量；

（2）電水壺正常工作時的功率和額定功率相等，根據W=Pt求出6分鐘內電水壺消耗的電能；

（3）知道消耗的電能和水吸收的熱量，根據η=×100%求出該電熱水壺的效率．

【解答】（2016盤錦物理）解：（1）水的體積：

V=1.5L=1.5dm3=1.5×10﹣3m3，

由ρ=可得，水的質量：

m=ρV=1.0×103kg/m3×1.5×10﹣3m3=1.5kg，

一標準大氣壓下水的沸點是100℃，則加熱過程中水吸收的熱量：

Q吸=cm（t2﹣t1）=4.2×103J/（kg?℃）×1.5kg×=5.04×105J；

（2）由P=可得，6分鐘內電水壺消耗的電能：

W=Pt=1500W×6×60s=5.4×105J；

（3）電熱水壺的效率：

η=×100%=×100%≈93.3%．

答：（1）該過程中水吸收的熱量為5.04×105J；

（2）6分鐘內電水壺消耗的電能為5.4×105J；

（3）電熱水壺的效率為93.3%．

六.實驗探究題（本題包括5個小題，共36分）

30．（2016盤錦物理）甲乙兩小組探究“電流與電壓和電阻的關系”，老師提供的實驗器材有：電源（電壓恒為4.5V），電流表、電壓表各一個，開關一個，四個定值電阻（5Ω、10Ω、15Ω、20Ω），兩只滑動變阻器（規格分別為“20Ω? 2A”、“50Ω? 1A”），小燈泡一只（額定電壓3.8V），導線若干．

（1）甲小組探究“電流與電壓的關系”

①請你根據圖甲的電路圖用筆畫線代替導線將圖乙中的實物電路連接完整．

②他們將5Ω的電阻接入電路，檢查無誤后　閉合　開關，發現電壓表無示數，電流表有示數，造成這一現象的原因可能是　定值電阻短路　（寫出一條即可）．

③排除故障后進行實驗得到的數據如表，由此可得到的實驗結論是　電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端電壓成正比　．

（2）乙小組探究“電流與電阻的關系”

①將5Ω的電阻接入電路，檢查無誤后閉合開關，移動滑片，使電壓表的示數為1.5V，并記下相應的電流值．再用10Ω的電阻替代5Ω的電阻，此時滑片應　左　（選填“左”或“右”）端移動，移動滑動變阻器的目的是　保持定值電阻兩端電壓一定　．

②為了完成用四個定值電阻進行實驗，應選擇滑動變阻器的規格是　50Ω1A　．

③他們用小燈泡替換定值電阻，移動滑片，使小燈泡正常發光，電流表示數如丙圖所示，則小燈泡的額定功率是　1.14　W．

【考點】探究電流與電壓、電阻的關系實驗．

【分析】（1）①由電路圖可知，電壓表與電阻R并聯，然后根據電流從正接線流入，負接線柱流出將電流表接入電路中；

②電流表有示數，表明電流表所在電路接通；電壓表無示數表明電阻短路，或電壓表斷路，或電壓表短路；

③電阻一定時，導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比；

（2）①當將電阻由5Ω更換為10Ω后，定值電阻阻值變大，定值電阻分壓變大，滑動變阻器分壓變小，為保證電阻兩端電壓不變，應移動滑動變阻器滑片，使滑動變阻器接入電路的阻值變大，使定值電阻兩端電壓保持1.5V不變．

②滑動變阻器最大阻值太小，滑動變阻器的最大分壓太小，定值電阻不能達到1.5V，為使實驗能正常進行，可以更換最大阻值大的滑動變阻器或使定值電阻兩端電壓變大．

③確定電流表選擇的量程和最小分度值，讀出示數，根據P=UI計算出額電功率．

【解答】解：（1）①定值電阻與滑動變阻器、電流表串聯接入電路；電壓表與電阻并聯，電流從“+”接線柱流入，從“﹣”接線柱流出；如圖所示：

②檢查無誤后閉合開關，電流表有示數，表明電路接通；電壓表無示數表明定值電阻短路，電壓表相當與和一段導線并聯，故無示數；或者電壓表斷路（或電壓表短路）；

③分析數據可得出結論：電阻一定時，導體中的電流跟導體兩端的電壓成正比；

（2）（2016盤錦物理）①定值電阻由5Ω更換為10Ω后，定值電阻分壓變大，大于原來的電壓，為保持定值電阻兩端電壓不變，由電路圖可知，應向左移動滑動變阻器滑片，增大滑動變阻器接入電路的阻值，增大滑動變阻器的分壓，使定值電阻兩端電壓減小到原來的1.5V，保持定值電阻兩端電壓一定．

②實驗中，當定值電阻是20Ω時，流過電路的電流I===0.075A，滑動變阻器接入電路的阻值應為R滑===40Ω，故應選擇規格為“50Ω 1A”的滑動變阻器；

③電流表選擇0～0.6A量程，最小分度值為0.02A，示數為0.3A，小燈泡的額電功率P=UI=3.8V×0.3A=1.14W．

故答案為：（1）①見上圖；②閉合；定值電阻短路；③電阻一定時，通過導體的電流與導體兩端電壓成正比；（2）①左；保持定值電阻兩端電壓一定；②50Ω1A；③1.14．

31．如圖1所示是“探究不同物質吸熱升溫現象”的實驗．將質量相等的沙子和水分別裝在易拉罐中，并測出沙子和水的初溫．然后用酒精燈加熱并不斷攪拌，每隔1min記錄一次溫度．

實驗記錄如下表

（1）實驗中，加熱時間實質上反映了　水和沙子吸收熱量的多少　．

（2）根據實驗數據，在圖2中畫出沙子和水的溫度隨時間變化的圖象．

（3）分析圖象可知，對于質量相等的沙子和水：吸收相等熱量，升溫較快的是　沙子　；若使兩者升高相同的溫度，則　水　 吸收的熱量較多．通過大量類似實驗，人們發現了物質的又一種物理屬性，物理學將這種屬性叫做　比熱容　．

【考點】（2016盤錦物理）探究比熱容的實驗．

【分析】（1）實驗中通過加熱時間來反映水和沙子吸收熱量的多少；

（2）根據表格中數據描點，并用平滑的曲線連接起來；

（3）分析圖象分析水和沙子的溫度變化情況，得出結論．

【解答】解：（1）實驗中，加熱時間實質上反映了水和沙子吸收熱量的多少，加熱時間越長，說明吸收熱量越多．

（2）根據實驗數據，在圖2中畫出沙子和水的溫度隨時間變化的圖象，如圖所示：

．

（3）分析圖象可知，對于質量相等的沙子和水：吸收相等熱量，升溫較快的是沙子；

若使兩者升高相同的溫度，水加熱時間較長，說明吸收的熱量較多．

由上可知，水吸熱能力較強，物理學將這種屬性叫做比熱容．

故答案為：（1）水和沙子吸收熱量的多少；（2）見上圖；（3）沙子；水；比熱容．

32（2016盤錦物理）為了探究“電流產生的熱量與電阻大小的關系”，小偉同學采用了如圖所示的實驗裝置，其中R1＜R2．

（1）甲、乙兩瓶中裝入了質量和初溫度相同的同種液體的原因是　便于用溫度計升高的示數反應電阻絲放熱的多少　．

（2）實驗中R1、R2采用　串聯　（填“串聯”或“并聯”）的連接方法是為了控制　電流　、　通電時間　相同．

（3）在通電時間相同時，兩玻璃管內煤油上升較高的是　乙　（填“甲”或“乙”）瓶．由此可知　在電流和通電時間相同時，電阻越大，電流產生的熱量越多　．

【考點】焦耳定律．

【分析】（1）通電導體產生熱量的多少，通過溫度計示數的變化反映熱量的多少；

（2）探究“電流產生的熱量與電阻大小的關系”時，需要采用控制變量法使其他因素不變；

（3）由焦耳定律可知相同時間內，在電流相同的情況下，電阻越大，電流產生的熱量越多．

【解答】解：（1）甲、乙兩瓶中裝入了質量和初溫度相同的同種液體的原因是便于用溫度計升高的示數反應電阻絲放熱的多少；

（2）因兩燒瓶中的電阻絲串聯，則由串聯電路的電流規律可知通過兩瓶中電阻絲的電流相等，即控制電流和通電時間一定時，可探究電流產生的熱量與電阻的關系；

（3）由已知條件可知R1＜R2，由于串聯兩電阻中電流相等，在同一電路中通電時間相同，由Q=I2Rt可得：電流相同的情況下，電阻越大，則電流產生的熱量越多，所以乙瓶中溫度計示數較大．

故答案為：

（1）便于用溫度計升高的示數反應電阻絲放熱的多少；

（2）串聯、電流、通電時間；

（3）乙；在電流和通電時間相同時，電阻越大，電流產生的熱量越多．

33．（2016盤錦物理）在測量小燈泡電功率的實驗中，小明同學選取了一個標有“3.8V”、額定功率約為1W的小燈泡和必要的實驗器材，連接的電路如圖甲所示．

（1）實驗原理　P=UI　．

（2）請指出圖中的兩處錯誤：

①　電流表正負接線柱接反了　；②　滑動變阻器連接的是下面兩個接線柱　．

（3）改正錯誤后，閉合開關，如果發現燈泡發出特別耀眼的光，且此時電流表和電壓表都有示數，出現該現象的原因可能是　滑動變阻器的滑片沒在阻值最大處　．

（4）故障排除后，移動變阻器的滑片，小燈泡正常發光時，電流表的示數如圖乙所示，此時的電流為　0.32　A，小燈泡的額定功率為　1.216　W．

（5）分析小明在表中記錄的實驗數據可知，小燈泡的發光亮度是由燈泡的　實際功率　決定的．燈絲的電阻隨兩端電壓的增加而　增大　（填“增大”或“減小”），燈絲電阻發生變化的本質是電阻隨　溫度升高　而增大．

【考點】電功率的測量．

【分析】（1）伏安法測電功率的原理是P=UI；

（2）連接電流表時，電流要從正接線柱流入、從負接線柱流出；滑動變阻器要一上一下的串聯接入電路；

（3）為了保護電路，閉合開關前，滑動變阻器的滑片要處在阻值最大處；

（4）由圖乙讀出燈泡正常發光時的電流，由P=UI計算小燈泡的額定功率；

（5）分析比較表格中電功率的數據確定燈泡發光亮度的決定因素；根據表中實驗數據應用歐姆定律、從溫度對電阻的影響分析答題．

【解答】解：

（1）測量小燈泡電功率時，用電壓表測量燈兩端的電壓、用電流表測量通過的電流，利用P=UI求燈的電功率，所以該實驗的原理是P=UI；

（2）由圖知，電流表的接法錯誤，正負接線柱接反了；另外，滑動變阻器連接的是下面兩個接線柱，相當于定值電阻，不能改變接入電路的阻值；

（3）燈泡亮得耀眼，且電流表和電壓表都有示數，說明電流較大，總電阻較小，原因是滑動變阻器的滑片沒在最大阻值處，起不到保護電路的作用；

（3）由圖乙知，電流表使用0～0.6A量程，分度值0.02A，電壓表的示數為3.8V時燈泡正常發光，此時電流表示數為0.32A，

小燈泡的額定功率為：P=UI=3.8V×0.32A=1.216W；

（4）（2016盤錦物理）根據表中數據可知，燈泡的實際功率越大，燈泡越亮，因此小燈泡的發光亮度是由燈泡的實際功率決定的；

由表中實驗數據可知，隨燈絲兩端電壓增大，燈絲的實際功率變大，則燈絲的溫度升高，并且電壓與電流的比值增大，即燈絲電阻增大，由此可知，燈絲電阻隨燈絲溫度的升高而增大．

故答案為：

（1）P=UI；

（2）電流表正負接線柱接反了；滑動變阻器連接的是下面兩個接線柱；

（3）滑動變阻器的滑片沒在阻值最大處；

（4）0.32；1.216；

（5）實際功率；增大；溫度升高．

34．在伏安法測電阻的實驗中，所用實驗器材如下：電源（電壓恒為6V）、電流表、電壓表、開關、待測電阻RX、滑動變阻器（最大阻值20Ω）各一個，導線若干．

（1）實驗原理：　R=　．

（2）小麗連接完實驗電路后，閉合開關，通過調節滑動變阻器測得幾組數據，并由此計算出待測電阻的阻值，有關記錄和計算如表所示．

小華認為一個電阻三次測量的結果不可能相差這么大，分析應該是在連接電路時出現了問題，產生錯誤的原因是　電壓表并聯在了滑動變阻器兩端　．

（3）找出錯誤的原因后，小麗準備重新連接電路進行測量，但小華認為不必重測，利用表中記錄的錯誤數據就能算出應該記錄的正確數據．表格中錯誤的數據是　電壓　（填“電壓”或“電流”），其中第一次正確的記錄應是　2.4V　，此次測量計算出的待測電阻應是　10　Ω．

（4）實驗中三次測量RX的目的是　求平均值減小實驗誤差　．

【考點】伏安法測電阻的探究實驗．

【分析】（1）伏安法測電阻的原理是：R=；

（2）由表中數據可知，電壓表的示數減小時，電路中的電流增大，說明電壓表不是并聯在待測電阻兩端，而是并聯在了滑動變阻器兩端；

（3）電流表測電路中的電流，電壓表測滑動變阻器兩端的電壓，待測電阻兩端的電壓等于電源的電壓減去滑動變阻器兩端的電壓，根據歐姆定律求出待測電阻的阻值；

（4）伏安法測電阻中應多次測量求平均值減小誤差．

【解答】（2016盤錦物理）解：（1）伏安法測電阻就是使用電壓表測出該電阻兩端的電壓，使用電流表測出通過該電阻的電流．用電壓除以電流求出電阻，實驗原理即R=；

（2）由表中數據可知，電壓表的示數減小時，電路中的電流增大，且電阻的阻值減小，說明電壓表并聯在了滑動變阻器兩端；

（3）由電壓表測滑動變阻器兩端的電壓可知，故表中電壓表的示數錯誤；

因串聯電路中總電壓等于各分電壓之和，所以第一次正確的記錄應是Ux=U﹣U滑=6V﹣3.6V=2.4V，

由I=可得，Rx===10Ω；

（4）實驗中三次測量RX的目的是求平均值減小實驗誤差．

故答案為：（1）R=；（2）電壓表并聯在了滑動變阻器兩端；（3）電壓；2.4V；10；（4）求平均值減小實驗誤差．

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